Architettura degli elaboratori - Tutorato - Dott. Damiano Braga Architettura degli elaboratori Tutorato Dott. Damiano Braga
Architettura degli elaboratori - Tutorato - Dott. Damiano Braga
Architettura degli elaboratori
Tutorato
Dott. Damiano Braga
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Before we start..
Orario• 12 Aprile h. 14.00-16.00 aula F6• 20 Aprile h. 11.30-13.30 aula F6• 10 Maggio h. 14.00-16.00 aula F4• 18 Maggio h. 11.30-13.30 aula F6• 26 Maggio h. 11.30-13.30 aula F6• 7 Giugno h. 14.00-16.00 aula F4
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- logica combinatoria- prestazioni- macchine a stati- segnali di controllo
Faremo esercizi su..
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Si completi la tabella sul retro del foglio con i valori dei segnali di controllo relativi alla realizzazione del processore MIPS descritta in
figura per eseguire l’istruzione
SUBI $R4 $R5 OxAB
SUBI prende il valore OxAB (in 32 bit) e lo sottrae a ciò che è contenuto in R5, a quel punto mette il risultato in R4.
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SUBI $R4 $R5 OxAB
Che tipo di istruzione è?
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Istruzioni MIPS
R registroI immediatoJ jump
rs - registro dell’operando (R)rt - registro dell’operando (R) - destinazione (I)rd - registro destinazione , cioè il risultato dell’opshamt - valore scalamento (shift)funct - codice funzioneimmediate - dato immediato / offsetaddress - indirizzo di salto
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SUBI $R4 $R5 OxAB
Che tipo di istruzione è?
E’ di tipo I (immediato)
Dobbiamo scomporre l’istruzione in più fasi:- fetch- decode-execute-mem-write back
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Per ogni fase dobbiamo verificare il comportamento di ogni segnale e
completare quindi una tabella
PCWriteCondPCWriteIO RDMem ReadMem WriteMem to RegIR writePC SourceALUOPALU SRCAALU SRCBRegWriteRegDest
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1) fetch
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2) decode
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3) execute
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3) execute
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4) mem
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5) write back
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SUBI $R4 $R5 OxAB
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SUBI $R4 $R5 OxAB
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SUBI $R4 $R5 OxAB
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SUBI $R4 $R5 OxAB
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SUBI $R4 $R5 OxAB
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Per esercizio:
- add $R2 $R3 $R4-addi $R2 $R3 200- sw $R2 1000($R3)-beq $R2 $R3 target
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Si consideri una macchina a stati che realizzi un contatore a 3 bit, controllata da 2 bit c0 e c1.
-Se c0=c1=0 la macchina transisce allo stato associato al valore 000. - Se c0=1 e C1=0 +1-Se c0=c1=1 la macchina rimane nello stato corrente.-Se c0=0 e c1=1 la macchina incrementa di 2 il contatore
Si descriva la macchina tramite tabella di verità e diagramma a bolle.
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un pò di notazione..
-Ogni stato è un tondino-Ogni tondino ha una o più frecce uscenti ed eventualmente una o più frecce entranti-La freccia rappresenta la transizione dello stato-La notazione deve essere chiara e COERENTE
diagramma S0
??
??
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un pò di notazione..
- riporta i segnali di controllo, stato attuale e stato futuro- per ogni stato bisogna riportare tutte le possibili transizioni !- PRESENTE e FUTURO ma MAI PASSATO!!
tabella
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Un processore ha un clock di frequenza 2,66 GHz. Un programma lanciato su tale proc esegue 7x10^7 istruzioni. il 37% di tali istruzioni viene eseguito in 4 cicli di clock ognuna. Il 16% viene eseguito in 3 ognuna. le rimanenti vengono eseguite in 5 cicli di cock ognuna.Si calcoli:
- Periodo di clock del processore- Tempo necessario per esecuzione del programma- Tempo necessario per esecuzione del programma se tutte le istruzioni impiegano 4 cicli di clock ognuna
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f = 2,66 GHz 2,66 x 10^ 9 Hz
Hz = 1/s
1) Periodo di Clock ?
T = 1/ 2,66x10^9 Hz
T circa 3,76 x 10^-10
T = 1
f
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2) Tempo di esecuzione programma
A 37%
B 16%
C 47%
Tot istruzioni = 7x10^7
4 cicli di clock
3 cicli di clock
5 cicli di clock
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2) Tempo di esecuzione programma
A 7x10^7 * 37% = 25900000 4 cicli di clock
3 cicli di clock
5 cicli di clock
B 7x10^7 * 16% = 11200000C 7x10^7 * 47% = 32900000
tcpu = cicli_clock_cpu
f clock
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2) Tempo di esecuzione programma
A 7x10^7 * 37% = 25900000 4 cicli di clock
3 cicli di clock
5 cicli di clock
B 7x10^7 * 16% = 11200000C 7x10^7 * 47% = 32900000
cicli_clock_cpu = N istruz_programma x N avg cicli clock pi
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2) Tempo di esecuzione programma
tA =25900000 * 4 4 cicli di clock
3 cicli di clock
5 cicli di clock
2,6 x 10^9
tB =11200000 * 3
2,6 x 10^9
tC =32900000 * 5
2,6 x 10^9
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2) Tempo di esecuzione programma
tEXEC = tA+tB+tC = circa 0,078336
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3) Tempo di esecuzione programma
A 37%
B 16%
C 47%
Tot istruzioni = 7x10^7
4 cicli di clock
4 cicli di clock
4 cicli di clock
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3) Tempo di esecuzione programma
A 7x10^7 * 37% = 25900000 4 cicli di clock
4 cicli di clock
4 cicli di clock
B 7x10^7 * 16% = 11200000C 7x10^7 * 47% = 32900000
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3) Tempo di esecuzione programma
tA =25900000 * 4 4 cicli di clock
4 cicli di clock
4 cicli di clock
2,6 x 10^9
tB =11200000 * 4
2,6 x 10^9
tC =32900000 * 4
2,6 x 10^9
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3) Tempo di esecuzione programma
tEXEC = tA+tB+tC = circa 0,10764
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Si ha a disposizione una funzione f(a,b,c) chiamata funzione di maggioranza. La funzione assume significato quando vi è una maggioranza di bit a 1. Si determini la tabella di verità di f e di f negata e si semplifichi a scelta una delle due funzioni. Si disegni poi il circuito risultante.
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