METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) Desta Puspitarani March 29, 2016 Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 1 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI(TUGAS UTS)
Desta Puspitarani
March 29, 2016
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 1 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Biseksi
Pertama Tentukan a1 dan b1, dan δ
Kedua Tentukan n terkecil yang memenuhi(1
2
)n
≤ δ2
L
ketiga Penentuan λk adalah sebagai berikut:
λk =ak + bk
2
keempatKondisi 1: Jika f
′(λk) > 0, λk = bk+1dan ak = ak+1
Kondisi 2: Jika f′(λk) < 0, λk = ak+1 dan bk = bk+1
kelima iterasi berhenti ketika bk − ak < δ2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 2 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Contoh Soal
carilah nilai x yang meminimumkan
f (x) = 2x2 + 4x
dengan δ = 0.4 dan selang{−3 + 0,
∑nim}≤ x ≤
{3− 0,
∑nim}
Dengan Metode Numerik Biseksi
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 3 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Jawab :
meminimumkanf (x) = 2x2 + 4x
dengan δ = 0, 4 pada selang
−3 + 0, 29 6 0 6 3− 0, 29
−2, 71 6 0 6 2, 71
L = 5, 42
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 4 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Numerik Biseksii
Dicari nilai n terkecil(1
2
)n
6δ2
L=
0, 16
2, 71− (−2, 71)=
0, 16
5, 42=
1
33, 875
maka nilai n = 6
Karena (1
2
)6
=1
646
1
33, 875=δ2
L
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 5 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Numerik Biseksii
Dicari nilai n terkecil(1
2
)n
6δ2
L=
0, 16
2, 71− (−2, 71)=
0, 16
5, 42=
1
33, 875
maka nilai n = 6
Karena (1
2
)6
=1
646
1
33, 875=δ2
L
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 5 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Metode Numerik Biseksii
Dicari nilai n terkecil(1
2
)n
6δ2
L=
0, 16
2, 71− (−2, 71)=
0, 16
5, 42=
1
33, 875
maka nilai n = 6
Karena (1
2
)6
=1
646
1
33, 875=δ2
L
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 5 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 1
λ1 =a1 + b1
2=−2, 71 + 2, 71
2=
0
2= 0
Subtitusikan λ1 pada persamaan
f ′ (λ1) = 4λ1 + 4
Sehinggaf ′ (λ1) = 4λ1 + 4 = 4(0) + 4 = 4
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 6 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 1
karenaf ′ (λ1) = 4
maka akan digunakan kondisi 1 dimana
λ1 = b2 = 0
dana1 = a2 = −2, 71
Untuk iterasi 2
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 7 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 2
λ2 =a2 + b2
2=−2, 71 + 0
2=−2, 71
2= −1, 355
Subtitusikan λ2 pada persamaan
f ′ (λ2) = 4λ1 + 4
Sehingga
f ′ (λ2) = 4λ2 + 4 = 4(−1, 355) + 4 = −1, 42
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 8 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 2
karenaf ′ (λ2) = −1, 42⇒ f ′ (λ2) < 0
maka akan digunakan kondisi 2 dimana
λ2 = a3 = −1, 355
danb2 = b3 = 0
Untuk iterasi 3
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 9 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 3
λ3 =a3 + b3
2=−1, 355 + 0
2=−1, 355
2= −0, 6775
Subtitusikan λ3 pada persamaan
f ′ (λ3) = 4λ3 + 4
Sehingga
f ′ (λ3) = 4λ3 + 4 = 4(−0, 6775) + 4 = 1, 29
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 10 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 3
karenaf ′ (λ3) = 1, 29⇒ f ′ (λ3) > 0
maka akan digunakan kondisi 1 dimana
λ3 = b4 = 0, 6775
dana3 = a4 = −1, 355
Untuk iterasi 4
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 11 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 4
λ4 =a4 + b4
2=−1, 355− 0, 6775
2=−2, 0325
2= −1, 01625
Subtitusikan λ4 pada persamaan
f ′ (λ4) = 4λ4 + 4
Sehingga
f ′ (λ4) = 4λ4 + 4 = 4(−1, 01625) + 4 = −0, 065
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 12 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 4
karenaf ′ (λ4) = −0, 065⇒ f ′ (λ4) < 0
maka akan digunakan kondisi 2 dimana
λ4 = a5 = −1, 01625
danb4 = b5 = −0, 6775
Untuk iterasi 5
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 13 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 5
λ5 =a5 + b5
2=−1, 01625− 0, 6775
2=−1, 69375
2
= −0, 846875
Subtitusikan λ5 pada persamaan
f ′ (λ5) = 4λ5 + 4
Sehingga
f ′ (λ5) = 4λ5 + 4 = 4(−0, 846875) + 4 = 0, 612570
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 14 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 5
karenaf ′ (λ5) = 0, 612570⇒ f ′ (λ5) > 0
maka akan digunakan kondisi 1 dimana
λ5 = b6 = −0, 846875
dana5 = a6 = −1, 01625
Untuk iterasi 6
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 15 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 6
λ6 =a6 + b6
2=−1, 01625− (−0, 846875)
2=−1, 863125
2
= −0, 9315625
Subtitusikan λ6 pada persamaan
f ′ (λ6) = 4λ6 + 4
Sehingga
f ′ (λ6) = 4λ6 + 4 = 4(−0, 9315625) + 4 = 0, 27375
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 16 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan Iterasi 6
karenaf ′ (λ6) = 0, 27375⇒ f ′ (λ5) > 0
maka akan digunakan kondisi 1 dimana
λ6 = b7 = −0, 9315625
dana6 = a7 = −1, 01625
Untuk iterasi 7
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 17 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Iterasi 7
b7 − a7 = −0, 9315625 + 1, 01625 = 0, 0846875
pada iterasi ke-7
bk − ak < δ2 ⇔ 0, 0846875 < δ2
Maka iterasi berhenti pada iterasi ke-7
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 18 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Lanjutan
Dengan cara metode numerik Biseksi diperoleh perhitungan sbb :
Iterasi ak bk λk f (λk) bk -ak1 -2,71 2,71 0 4 5,422 -2,71 0 -1,355 -1,42 2,713 -1,355 0 -0,6775 1,29 1,3554 -1,355 -0,6775 -1,01625 -0,065 0,67755 -1,01625 -0,6775 -0,846875 0,612570 0,338756 -1,01625 -0,846875 -0,9315625 0,27375 0,1693757 -1,01625 -0,9315625 .... .... 0,0846875
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 19 / 20
METODE NUMERIK BISEKSI
Estimasi
x∗ = a6 +b6 − a6
2= 0, 847 +
1, 01625− 0, 847
2= 0, 931625
Dengan demikian diperoleh
x∗ = 0, 931625 ≈ −1
dengan cara analitik, diperoleh nilai x yang memaksimalkan f (x)adalah x = −1
Desta Puspitarani METODE NUMERIK BISEKSI (TUGAS UTS) March 29, 2016 20 / 20