8/16/2019 EjerciciosAlgebraLineal CFONSECA
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Universidad de Costa Rica
Facultad de CienciasEscuela de Matem ática
Ejercicios de Álgebra Lineal.
Christian Fonseca Mora
2012
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Índice
1. Prefacio 2
2. Sistemas de Ecuaciones Lineales 4
3. Matrices 13
4. Determinantes 33
5. Geometr´ ıa vectorial de Rn 45
6. Rectas y planos en Rn 56
7. Espacios vectoriales reales 78
8. Espacios con producto interno, ortogonalidad y proyecciones 95
9. Transformaciones lineales 109
10. Valores y vectores propios de operadores y matrices 126
11. Formas cuadr´ aticas, secciones c ´ onicas y supercies cuadr´ aticas 137
3
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Ejercicios de Álgebra lineal Prof. Christian Fonseca
2. Sistemas de Ecuaciones Lineales
1. Considere el sistema de ecuaciones lineales
1 3 p
−1
−3 p −7x
y z=
179
a) Determine para que valores de p y de b el vectorb8
b + 7es soluci ón del sistema.
Respuesta:Para que el vector ( b, 8, b + 7)t sea soluci ón del sistema, es necesario que:
1 ·b + 3 p ·8 −(b + 7) = 17
−3
·b + p
·8
−7
·(b + 7) = 9
b + 24 p−b −7 = 17
−3b + 8 p
−7b
−49 = 9
24 p = 24
−10b + 8 p = 58 p = 1
−5b + 4 p = 29 p = 1 y b = −5
b) En el sistema de ecuaciones dado, sustituya p por el valor que encontr´ o en la parte (a) ydetermine el conjunto soluci ón del sistema.
Respuesta:Sustituyendo p = 1, se obtiene el sistema en forma de matriz aumentada dado por
1 3 −1 17−3 1 −7 9
3 f 1 + f 2
−→ 1 3 −1 170 10 −10 60
110 f 2
−→ 1 3 −1 170 1 −1 6
−3 f 2 + f 1−→
1 0 2 −10 1 −1 6Entonces tenemos el sistema:
x1 + 2x3 = −1x2 −x3 = 6Tomando x3 = t, se tiene x1 = −1−2t y x2 = 6 + t. Por lo tanto, el conjunto soluci ón del sistemaes {(−1 −2t, 6 + t, t) t R }.
2. Dado el sistema de ecuaciones lineales
px1 + 2x2 + 3x3 = 2 px1 + px2 + ( p + 1)x3 = p
px1 + px2 + (2 p−2)x3 = 2 p−2Determine para que valor o valores de p el sistema: (a) tiene innitas soluciones, (b) tiene soluci´ onúnica, (c) no tiene soluci ón.
Respuesta:
4
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Planteamos el sistema con matriz aumentada:
p 2 3 2 p p ( p + 1) p p p (2 p
−2) 2 p
−2
− f 1 + f 2−→
− f 1 + f 3
p 2 3 20 p−2 p−2 p−20 p
−2 2 p
−5 2 p
−4
− f 2 + f 3−→
p 2 3 20 p−2 p−2 p−20 0 p−3 p−2
= R
A partir de la matriz aumentada R presentamos los distintos casos de soluci´ on del sistema:
a) Tiene innitas soluciones: Para esto, alguna la debe de ser de ceros;
Si p= 2, entonces
R =2 2 3 20 0 0 00 0 −1 0
3 f 3 + f 1
−→2 2 0 20 0 0 00 0 1 0
− f 3−→12 f 2
1 1 0 10 0 0 00 0 1 0
f 2 f 3−→
1 1 0 10 0 1 00 0 0 0
Entonces, x3 = 0 y x1 = 1 −x2. Las soluciones son de la forma {(1 −t, t, 1) t R }b) Solución única: en este caso se necesita entonces que no existan las nulas, i.e. Rng( A) = 3,
Si p 0, p 2 y p 3. Se tiene de la matriz R que,
R
1 p f 1
−→1 p−2 f 21 p−3 f 3
1 2
p3 p
2 p
0 1 1 10 0 1 p−2 p−3
−2 p f 2 + f 1−→
1 0 1
p 00 1 1 10 0 1 p−2 p−3
−1 p f 3 + f 2−→
− f 3 + f 2
1 0 0 −1 p p−2 p−3
0 1 0 −1 p−30 0 1 p−2 p−3
La soluci ón única es ( x1, x2, x3) = −1 p p−2 p−3 , −
1 p−3 ,
p−2 p−3 .
c) No tiene soluci ón: en este caso se tiene la presencia de las inconsistentes;
Si p = 0
R =0 2 3 20 −2 −2 −20 0 −3 −2
−12 f 2−→ −13 f 3
0 2 3 20 1 1 10 0 1 23
12 f 2
−→− f 3 + f 2
0 1 32 10 1 0 130 0 1 23
−32 f 3 + f 1−→
0 1 0 00 1 0 130 0 1 23
− f 1 + f 2−→
0 1 0 00 0 0 130 0 1 23
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Por lo tanto el sistema tiene una ecuaci ón inconsistente y no hay soluci ón.
Si p = 3
R =3 2 3 20 1 1 10 0 0 1
Entonces el sistema tiene una ecuaci ón inconsistente.
3. Dado el sistema de ecuaciones lineales:
x1 + 2x2 + 4x3 + 4x4 = −2x1 + 3x2 + 6x3 + 5x4 = −3 px1 + px2 + 2 px3 + ( p2 + 4 p)x4 = 1a) Determinepara qu´ e valor o valoresde pel sistema tiene innitas soluciones con un par´ ametro.
Respuesta:Planteamos la matriz aumentada. Tome, p 0, entonces
1 2 4 4 −21 3 6 5 −3 p p 2 p ( p2 + 4 p) 1
− f 1 + f 2−→
− p f 1 + f 31 2 4 4 −20 1 2 1 −10 − p −2 p p2 1 + 2 p
−2 f 2 + f 1−→
p f 2 +
f 3
1 0 0 2 00 1 2 1 −10 0 0 p( p
+
1) ( p+
1)
= R
Como el sistema tiene menos ecuaciones que variables, entonces si tiene soluci ón, las solu-ciones son innitas. Entonces para que el sistema sea consistente, con soluciones innitasdependiendo de un par´ ametro, es necesario que hayan 3 las no nulas en la matriz, es decir,que p −1.Si p = 0, entonces del sistema original,
1 2 4 4 −21 3 6 5 −30 0 0 0 1
En este caso el sistema es inconsistente.b) Resuelva el sistema para este caso (es decir, cuando tiene innitas soluciones con un par´ ame-
tro).
Respuesta:Si p 0 y p −1, partiendo de la matriz R,
R1
p( p+ 1) f 3
−→1 0 0 2 00 1 2 1 −10 0 0 1 1 p
− f 3 + f 2−→
−2 f 3 + f 1
1 0 0 0 −2 p0 1 2 0 −( p+ 1) p0 0 0 1 1 p
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De donde se obtiene el sistema equivalente, x1 = −2 p , x2 = −( p+ 1) p −2x3 y x4 = 1 p . Entonces el
conjunto de soluciones del sistema es −2 p , −( p+ 1) p −2t, t, 1 p t R
4. Para la siguiente matriz aumentada que corresponde a un sistema de ecuaciones lineales:
A =
1 0 0 20 a−2 0 00 0 b + 1 c0 0 c 0
a) Determine cu´ales son los valores de a, b y c de tal forma que el rango de la matriz aumentadadel sistema sea 1.
Respuesta:Para que el Rango( A) = 1, se necesita que s ólamente una la de A sea no nula. Tome a = 2,b =
−1 y c = 0, con lo que s ólo la primera la no es nula.
b) Determine cu áles son los valores de a, b y c de tal forma que el rango de la matriz aumentadadel sistema sea 2.
Respuesta:Para que Rango( A) = 2, es necesario que dos las de A no sean nulas. Se requiere entoncesprimero que c = 0, y se presentan 2 posibilidades:
1) a = 2 y b −1. Las las nulas son la 2 y 4.2) b = −1 y a 2 Las las nulas son la 3 y 4.
c) Determine cu áles son los valores de a, b y c de tal forma que el rango de la matriz aumentada
del sistema sea 3.
Respuesta:Como la matriz A tiene 4 las, para que el Rango(a) = 3 es necesario que s ólamente una lade A sea nula. Para que esto suceda, se necesita a 2, b −1 y c = 0.
d) Determine cu áles son los valores de a, b y c de tal forma que el sistema no tenga soluci ón.
Respuesta:Para que tenga ecuaciones inconsistentesuna la deA debeser nuladel ladode los coecientesy no nula del lado aumentado. La ´ unica la con esta posibilidad es la tercera. De modo quees necesario que b =
−1 y c 0, con a
R .
e) Determine el conjunto soluci´ on del sistema cuando tiene soluci´ on única.
Respuesta:Para que el sistema tenga soluci´ on única, como se tienen 3 variables (3 columnas en la partede coecientes de A), entonces se necesita Rango( A) = 3. Entonces si a 2, b −1 y c = 0
A =
1 0 0 20 a−2 0 00 0 b + 1 00 0 0 0
1a−2 f 2−→1b+ 1 f 3
1 0 0 20 1 0 00 0 1 00 0 0 0
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La soluci ón única es x1 = 2, x2 = 0, x3 = 0.
5. Considere el siguiente sistema de ecuaciones lineales:
x + y + z = 1
2x + py + 2 z = −24x + 2 py + 4 z = ma) Determine para cu áles valores de p y m el sistema tiene innitas soluciones dependiendo de
un par ámetro.
Respuesta:Planteamos el sistema con matriz aumentada:
1 1 1 12 p 2 −24 2 p 4 m
−2 f 2 + f 3
−→
1 1 1 12 p 2 −20 0 0 m + 4
= R
Note que si m −4, el sistema tiene una ecuaci´ on inconsistente, y por tanto no tiene soluci´ on.Si p = 2 y m = −4, entonces
R =1 1 1 12 2 2 −20 0 0 0
−2 f 1 + f 2−→
1 1 1 10 0 0 −40 0 0 0
El sistema tiene entonces una ecuaci ón inconsistente, de modo que p 2.Si p 2 y m =
−4, entonces,
R =1 1 1 12 p 2 −20 0 0 0
−2 f 1 + f 2−→
1 1 1 10 p−2 0 −40 0 0 0
= B
Y se tiene entonces que Rng( A) = 2.Por consiguiente, el sistema tiene soluciones innitas dependiendo de un par ámetro si p 2y m = −4.
b) Con los valores de p y m encontrados en a), resuelva el sistema cuando tiene innitas solucio-nes dependiendo de un par´ ametro.
Respuesta:Por la parte a), si p −2 y m = −4.
B =1 1 1 10 p−2 0 −40 0 0 0
1 p−2 f 2−→
1 1 1 10 1 0 −4 p−20 0 0 0
− f 2 + f 1−→
1 0 1 p+ 2
p−20 1 0 −4 p−20 0 0 0
Se tiene entonces el sistema x1 = p+ 2 p−2 − x3 y x2 = −
4 p−2 . Por tanto, el conjunto soluci ón es p+ 2
p−2 −t, −4
p−2 , t t R .
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6. Para la siguiente matriz aumentada que corresponde a un sistema de ecuaciones lineales:
1 −4 7 g0 3 −5 h
−2 5
−9 k
a) Encuentre una ecuaci´ on que contenta a los valores reales g, h, k de tal manera que la matrizaumentada anterior corresponda a un sistema consistente.
Respuesta:
1 −4 7 g0 3 −5 h−2 5 −9 k
2 f 1 + f 3
−→1 −4 7 g0 3 −5 h0 −3 5 k + 2 g
f 2 + f 3
−→1 −4 7 g0 3 −5 h30 0 0 h + k + 2 g
13 f 2
−→1 −4 7 g0 1 −53 h30 0 0 h + k + 2 g
4 f 2 + f 1
−→1 0 13 3 g
+
4h30 1 −53 h30 0 0 h + k + 2 g
= R
Para queel sistema seaconsistente,entonces h, k y gdebendesatisfacer laecuaci ón 0 = h+ k + 2 g.
b) Determine el conjunto soluci´ on del sistema consistente correspondiente a la matriz aumenta-da anterior.
Respuesta:Por la parte a), si se cumple que h + k + 2 g = 0, entonces la matriz R corresponde al sistema:x1 = 3 g
+ 4h3 −13x3, x2 = h3 + 53x3. El conjunto soluci ón es entonces: 3 g
+ 4h3 − 13 t, h3 + 53 t, t t R .
7. Dado el siguiente sistema homog éneo de ecuaciones lineales:
2x + ky + z + w = 03x + (k −1) y−2 z−w = 0x −2 y + 4 z + 2w = 02x + y + z + 2w = 0
Determine los valores reales de k para los cuales el sistema de ecuaciones anterior tiene solucionesdistintas de la trivial, es decir, diferentes a (0 , 0, 0, 0).
Respuesta:
Planteamos el sistema con matriz:
2 k 1 13 k −1 −2 −11 −2 4 22 1 1 2
f 1 f 3−→
1 −2 4 23 k −1 −2 −12 k 1 12 1 1 2
−2 f 1 + f 3−→
−3 f 1 + f 2−2 f 1 + f 4
1 −2 4 20 k + 5 −14 −70 k + 4 −7 −30 5 −7 −2
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− f 2 + f 3−→
1 −2 4 20 k + 5 −14 −70 −1 7 40 5 −7 −2
− f 3−→
1 −2 4 20 k + 5 −14 −70 1 −7 −40 5 −7 −2
− f 4 + f 2−→
2 f 3 + f 1
1 0 −10 −60 k −7 −50 1 −7 −40 5 −7 −2
−5 f 3 + f 4−→
1 0 −10 −60 k −7 −50 1 −7 −40 0 28 18
128 f 4
−→
1 0 −10 −60 k −7 −50 1 −7 −40 0 1 914
10 f 4 + f 1
−→7 f 4 + f 27 f 4 + f 3
1 0 0 370 k 0 −120 1 0 120 0 1 914
= R
Si k = 0, entonces,
R =
1 0 0 370 0 0 −
12
0 1 0 120 0 1 914
−2 f 2−→
1 0 0 370 0 0 10 1 0 120 0 1 914
−37 f 2 + f 1
−→−12 f 2 + f 3−914 f 2 + f 4
1 0 0 0
0 0 0 10 1 0 00 0 1 0
−→1 0 0 0
0 1 0 00 0 1 00 0 0 1
Por lo tanto, si k = 0 el sistema sólamente tiene la soluci´ on trivial.
Ahora, si k 0,
R =
1 0 0 370 k 0 −120 1 0
120 0 1 914
−k f 3 + f 2−→
1 0 0 370 0 0 −(k + 1)20 1 0
12
0 0 1 914
= S
Si k = −1, la matriz S tiene 3 las no nulas, y por tanto el sistema tiene innitas soluciones. Por otraparte, si k −1,
S−2(k + 1) f 2−→
1 0 0 370 0 0 10 1 0 120 0 1 914
−37 f 2 + f 1−→−12 f 2 + f 3
−914 f 2 + f 4
1 0 0 00 0 0 10 1 0 00 0 1 0
−→1 0 0 00 1 0 00 0 1 00 0 0 1
De modo que si k 0 y k
−1, entonces la soluci ón es única. Se concluye que el valor k =
−1 es el
que produce soluciones distintas a la trivial.
8. Considere el sistema de ecuaciones lineales que se da a continuaci ón
x + y = 3bx + by + z = a + 4b
ax + ay = 4abx + by − z = b
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Determine todos los valores de a y de b para los cuales el sistema es consistente. Determine elconjunto soluci ón del sistema en los casos en que es consistente.
Respuesta:
1 1 0 3b b 1 a + 4ba a 0 4ab b −1 b
− f 2 + f 4−→
1 1 0 3b b 1 a + 4ba a 0 4a0 0 −2 −a −3b
−12 f 4−→
1 1 0 3b b 1 a + 4ba a 0 4a0 0 1 a+ 3b2
− f 4 + f 2−→
1 1 0 3b b 0 a+ 5b2a a 0 4a0 0 1 a+ 3b2
= B
Si a = 0,
B =
1 1 0 3b b 0 5b20 0 0 00 0 1 3b2
= C
Si b = 0,
C =
1 1 0 30 0 0 00 0 0 0
0 0 1 0Entonces, Rng( A) = 2 y el sistema tiene soluciones innitas S = {(3 −t, t, 0) t R }.
Si b 0
C1b f 2
−→
1 1 0 31 1 0 520 0 0 00 0 1 3b2
− f 1 + f 2−→
1 1 0 30 0 0 −120 0 0 00 0 1 3b2
En este caso el sistema no tiene soluci´ on porque tiene una ecuaci´ on inconsistente.
Si a 0,
A1a f 3
−→
1 1 0 3b b 0 a+ 5b21 1 0 40 0 1 a+ 3b2
− f 1 + f 3−→
1 1 0 3b b 0 a+ 5b20 0 0 10 0 1 a+ 3b2
Entonces el sistema tiene una ecuaci´ on inconsistente y por tanto no tiene soluci´ on si a 0 paracualquier valor de b R .
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En res úmen, se concluye que:
a) El sistema es inconsistente si1) a 0, b R .2) a = 0, b 0.
b) El sistema es consistente si a = 0,b = 0 y la soluci ón es S = {(3 −t, t, 0) t R }.9. Considere el sistema de ecuaciones lineales que se da a continuaci´ on
ax + ay + 2aw = 0x + 2 y + 3w = −1x + 2 y + z + 3w = a−b −1x + 2 y + 3w = a2 + b2 −1
a) Determine todos los valores de a y de b para los cuales el sistema es inconsistente.
Respuesta:
a a 0 2a 01 2 0 3 −11 2 1 3 a−b −11 2 0 3 a2 + b2 −1
− f 2 + f 3−→
− f 2 + f 4
a a 0 2a 01 2 0 3 −10 0 1 0 a−b0 0 0 0 a2 + b2
= B
Para que el sistema sea consistente es necesario que a2 + b2 = 0 lo que se da si y sólo si a = 0 yb = 0 ya que a2 ≥ 0, b2 ≥ 0 y a2 > 0 si a 0 y b2 > 0 si b 0.
Entonces el sistema es inconsistente si alguno de los dos, a o b es distinto de cero, i.e. si ocurrealguno de los casos:
1) a 0, b R .2) b 0, a R .
b) Determine el conjunto soluci ón del sistema en los casos en que es consistente.
Respuesta:El sistema es consistente si a = b = 0, entonces, sustituyendo en B
B =
0 0 0 0 0
1 2 0 3 −10 0 1 0 00 0 0 0 0
Entonces x = −1 −2 y−3w y z = 0, por tanto S = {(−1 −2t −3s, t, 0, s) t, s R }.
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3. Matrices
1. Se dan las matrices cuadradas, del mismo orden, A, B, C y X con A y B invertibles, tales que( AXB)t + C = I (donde I es la matriz identidad).
a) Use las operaciones con matrices y sus propiedades para despejar X en términos de las ma-trices I , A, B y C (no use sistemas de ecuaciones).
Respuesta:
( AXB)t + C = I [( AXB)t + C]t = I t (aplicamos transpuestas) [( AXB)t]t + Ct = I (propiedad transpuesta de la suma) AXB+ Ct = I (propiedad transpuesta de la transpuesta)
A−1 ·[ AXB + ·Ct] = A−1 ·I (multiplicando por A−1) A−1· AXB + A−1
·Ct = A−1
·I (propiedad de distributividad)
XB + A−1 ·Ct = A−1 (denici ón de inversa) XB = A−1 ·[I −Ct] (distributividad del producto en suma) XB·B−1 = A−1 ·[I −Ct] ·B−1 (multiplicando por B−1) X = A−1 ·[I −Ct] ·B−1 (denici ón de inversa)
b) Según lo que se obtuvo en (a), determine X si
A = 1 −21 −3 B = 2 31 2 C
=1 23 4
Respuesta:
1 −2 1 01 −3 0 1 − f 1 + f 2
−→ 1 −2 1 00 −1 −1 1 −
f 2
−→ 1 −2 1 00 1 1 −1
2 f 2 + f 1
−→ 1 0 3 −20 1 1 −1
A−1 = 3 −21 −1 2 3 1 01 2 0 1
f 1 f 2−→
1 2 0 12 3 1 0 −
2 f 1 + f 2
−→ 1 2 0 10 −1 1 −2
− f 2−→
1 2 0 10 1 −1 2
−2 f 2 + f 1−→
1 0 2 −30 1 −1 2 B−1 = 2 −3
−1 2
Ct = 1 32 4
Entonces,
X = 3 −21 −1 ·1 00 1 −
1 32 4 ·
2 −3−1 2
X = 11 −184 −62. Se dan las matrices cuadradas, del mismo orden, A, B y X con A −B invertible, tales que XAt =I + (BX t)t (donde I es la matriz identidad).
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a) Use las operaciones con matrices y sus propiedades para despejar X en términos de las ma-trices I , A y B (no use sistemas de ecuaciones).
Respuesta:
XAt = I + (BX t)t
XAt = I + (X t)tBt (transpuesta de un producto) XAt = I + XBt (transpuesta de una matriz transpuesta) XAt −XBt = I (restando XBt a ambos lados de la igualdad) X ·( At −Bt) = I (distributividad del producto sobre la resta) X ·( A −B)t = I (distributividad del producto en resta) (X ·( A −B)t)t = I t (aplicando transpuestas) ( A −B) ·X t = I (transpuesta de un producto
( A −B)−1 ·( A −B) ·X t = ( A −B)−1 ·I (multiplicando por ( A −B)−1) X t = ( A−
B)−1
·I (aplicando denici ón de inversa)
X = [( A −B)−1]t (aplicando transpuesta a ambos lados)b) Según lo que obtuvo en la parte a), determine X si
A = 3 50 1 B =
1 −21 5Respuesta:
Se tiene A −B = 2 7
−1 −4 Para obtener X necesitamos determinar la inversa de A −B
2 7 1 0−1 −4 0 1
2 f 2 + f 1−→
0 −1 1 2−1 −4 0 1 −4 f 1 + f 2−→
0 −1 1 2−1 0 −4 −7− f 1−→− f 2
0 1 −1 −21 0 4 7 f 1 f 2
−→ 1 0 4 70 1 −1 −2
De modo que
( A −B)−1 = 4 7
−1 −2 X = 4 −17 −2
3. Sea S = {1, 1, k ), (k , 1, 1), (k , k , 4)}a) Determine para qu´ e valor o valores de k el conjunto de vectores S es linealmente indepen-
diente.
Respuesta:Sean v1 = (1, 1, k ), v2 = (k , 1, 1), v3 = (k , k , 4). Los vectores de S forman un conjunto linealmenteindependiente (li) si
c1v1 + c2v2 + c3v3 = 0 (c1, c2, c3) = (0, 0, 0)
14
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Lo anterior, es equivalente a que la única soluci ón al sistema Ax = 0 sea x = 0, donde
A = vt1, vt2, v
t3 x = (c1, c2, c3)
t
Entonces, resolvemos el sistema homog éneo haciendo casos sobre k.
A =1 k k 1 1 k k 1 4
− f 1 + f 2−→
1 k k 0 1−k 0k 1 4
= B
Si k = 0, entonces
B =1 0 00 1 00 1 4
− f 2 + f 3−→
1 0 00 1 00 0 4
14 f 3
−→1 0 00 1 00 0 1
Entonces, si k = 0 se tiene x = 0 y los vectores de S son li.
Si k 0, se tiene,
B −k f 1 + f 3−→
1 k k 0 1−k 00 1−k 2 4 −k 2
f 2 + f 1
−→1 1 k 0 1−k 00 1−k 2 4 −k 2
−k f 2 + f 3−→
1 1 k 0 1−k 00 1−k 4−k 2
− f 2 + f 3−→
1 1 k 0 1−k 00 0 4−k 2
= C
Si k = 1, entonces,
C =1 1 10 0 00 0 3
13 f 3
−→1 1 10 0 00 0 1
− f 3 + f 1−→
1 1 00 0 00 0 1
f 2 f 3−→
1 1 00 0 10 0 0
Entonces, como el Rango(A) es 2, hay innitas soluciones dependiendo de un par ámetro. ElRangoFila(A) es 2, entonces a lo sumo hay 2 vectores li.
Si k 1, se tiene 1 −k 0, y se sigue que
C
11
−k f 2
−→
1 1 k
0 1 00 0 4−k 2 − f 2 + f 1
−→
1 0 k
0 1 00 0 4−k 2=
D
Si k = 2, se tiene,
D =1 0 20 1 00 0 0
Entonces, como el Rango(A) es 2, hay innitas soluciones dependiendo de un par´ ametro. ElRangoFila(A) es 2, entonces a lo sumo hay 2 vectores li.
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Entonces, ( AB−I 2)−1 =12 −1412 −34
.
b) Utilice sólamente álgebra de matrices para encontrar una matriz X tal que AtX tB−I 2 = X t.
Respuesta:
AtX tB−I 2 = X t
X t AttB−I 2 = X t (transpuesta de un producto)
X t AB−X t = I 2 (transpuesta de una matriz transpuesta) X t ( AB−I 2) = I 2 (distributividad del producto sobre la suma) X t ( AB−I 2) ·( AB−I 2)−1 = I 2 ·( AB−I 2)−1 (multiplicando por ( AB−I 2)−1)
X t = ( AB−I 2)−1 (por denici ón de inversa) X = ( AB−I 2)−1
t(aplicando transpuestas)
Entonces por lo calculado en la parte a), X = 12
12
−14 −34.
5. ¿Para cu áles valores de a, si existen, el conjunto (1, a, 0, 0)t , (1, −3, a + 1, 0)t , (0, 1, −4, 0)t es lineal-mente independiente?
Respuesta:
Sea
A =
1 1 0
a −3 10 a + 1 −40 0 0
Las columnas de A son el conjunto de vectores de S, por lo que por teorema, el conjunto S es l.i. siy sólo si la única soluci ón al sistema homog éneo Ax = 0 es x = 0
Entonces, resolvemos el sistema homog´ eneo haciendo casos sobre a.
Si a = 0,
A =
1 1 00 −
3 10 1 −40 0 0
3 f 3 + f 2
−→− f 3 + f 1
1 0 40 0
−11
0 1 −40 0 0
−111 f 2−→
1 0 40 0 10 1 −40 0 0
4 f 2 + f 3
−→−4 f 2 + f 1
1 0 00 0 10 1 00 0 0
f 2 f 3−→
1 0 00 1 00 0 10 0 0
Entonces, si a = 0 la única soluci´on al sistema es x = 0, por lo tanto en este caso el conjunto S es l.i.
Si a 0, entonces
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A −a f 1 + f 2−→
1 1 00 −3 −a 10 a + 1 −40 0 0
f 2 + f 3
−→
1 1 00 −(3 + a) 10 −2 −30 0 0
−12 f 3−→
1 1 00 −(3 + a) 10 1 320 0 0
3 f 3 + f 2
−→− f 3 + f 1
1 0 −320 −a 1120 1 320 0 0
a f 3 + f 2
−→
1 0 −320 0 12(3a + 11)0 1 320 0 0
= B
Si 3a + 11 = 0 a = −113 , entonces Rng( A) = 2 y por lo tanto existe una soluci´ on distinta a la trivial,de modo que S no es l.i.Por otra parte, si a −113 ,
B2
3a+ 11 f 2−→
1 0 −320 0 10 1 320 0 0
32 f 2 + f 1
−→−32 f 2 + f 3
1 0 0
0 0 10 1 00 0 0
f 2 f 3−→
1 0 0
0 1 00 0 10 0 0
Entonces x = 0 es la única soluci ón. Los vectores de S son l.i. si a −113 .
6. Dada la matriz A =1 0 20 −1 −22 −2 0
a) Determine el rango de A.
Respuesta:Para determinar Rng( A) necesitamos encontrar la forma escalonada reducida de A.
A−2 f 1 + f 3
−→− f 2
1 0 20 1 20 −2 −4
2 f 2 + f 3
−→1 0 20 1 20 0 0
Entonces Rng( A) = 2, puesto que la forma escalonada reducida equivalente por las a A tienesólamente dos las no nulas.
b) Escriba el vector que corresponde a la tercera columna de A como combinaci´on lineal de losvectores que corresponden a las otras dos columnas de A.
Respuesta:En este caso, se plantea el sistema con matriz aumentada, donde la soluci´ on al sistema sonlos escalares que permiten escribir a la columna 3 como combinaci´ on lineal de las columnas1 y 2 de A. Se tiene, por la parte a) que,
1 0 20 −1 −22 −2 0
−→1 0 20 1 20 0 0
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Entonces, se concluye que
2
−20= 2
102
+ 20
−1
−2
c) Sin hacer cálculos adicionales, diga si las tres las de A corresponden a vectores linealmenteindependientes o a vectores linealmente dependientes. Justique su respuesta.
Respuesta:Como Rng( A) = 2, y A es de 3x3, entonces Rng( A) < 3 y por lo tanto, las las de A no puedenser linealmente independientes, i.e son linealmente dependientes.
d) Sin hacer c álculos adicionales, diga si el sistema de ecuaciones lineales AX = B, dondeX = (x, y, z)t y B = (1, 2, 3)t tiene soluci ón única. Justique su respuesta.
Respuesta:No tiene soluci ón única ya que Rng( A) < 3, y por tanto las soluciones son innitas. De hechodependen de 1 par´ ametro ya que Rng( A) = 2.
7. Sea A una matriz de orden mxm y B es una matriz de orden mxn.
a) ¿De qué orden deben de ser las matrices X y D, de modo que la igualdad, XAt −Bt = XDttenga sentido.
Respuesta:Como At es de orden mxm, entonces para que el producto XAt tenga sentido, X debe tener mcolumnas. Por otra parte, como Bt es de nxm, entonces para que la resta tenga sentido, XAt
debe tener n las, por tanto, X es de nxm.
Por el orden de At , Bt y X , se sigue que XAt −Bt es de nxm, entonces XDt es de nxm, y XDtes de orden nxm. Se sigue que Dt tiene m columnas, y como X tiene m columnas, entonces Dttiene m las para que el producto matricial tenga sentido. De modo que Dt es de orden mxm,y D es de orden mxm tambi én.
b) Para que la igualdad dada anteriormente en a) tenga sentido y ( A −D)t sea invertible, utilicelas operaciones con matrices y sus propiedades para despejar X en términos de A, B y D.Respuesta:
XAt −Bt = XDt X At −Dt = Bt (distributividad de producto sobre resta) X ( A −D)t = Bt (transpuesta de una matriz transpuesta)
X ( A −D)t · ( A −D)t −1
= Bt · ( A −D)t −1 multiplicando por ( A −D)t −1
X = Bt · ( A −D)t −1
(denici ón de inversa)
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c) Según lo que obtuvo anteriormente en b), calcule X si
A = 2 3
−1 0 B = 2 34 0 D
=2 −12 1
Respuesta:
A −D = 0 4
−3 −1 ( A −D)t =
0 −34 −1Ahora calculamos la inversa de ( A −D)t ,
0 −3 1 04 −1 0 1
−13 f 1−→ 14 f 2
0 1 −13 01 −14 0 14
14 f 1 + f 2
−→ 0 1 −13 01 0 −112 14
f 1 f 2−→
1 0 −112 140 1 −13 0 ( A −D)
t −1 = −1
1214
−13 0
Entonces,
X = 2 43 0 ·−112 14−13 0
=−32 12−14 34
8. Dada la matriz P =1 1 10 1 10 0 1
a) Compruebe que P2 =1 2 30 1 2
0 0 1Respuesta:
P2 = P ·P =1 1 10 1 10 0 1
1 1 10 1 10 0 1
=
1 2 30 1 20 0 1
b) Calcule P3.
Respuesta:
P3 = P2 ·P = 1 2 30 1 20 0 11 1 10 1 10 0 1
= 1 3 60 1 30 0 1
c) Calcule P4.
Respuesta:
P4 = P3 ·P =1 3 60 1 30 0 1
1 1 10 1 10 0 1
=
1 4 100 1 40 0 1
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d) Obtenga una f órmula para calcular Pn , donde n N , con n ≥ 1.Respuesta:
Pn =1 n Sn0 1 n0 0 1
donde Sn =n
∑k = 1 k = 1 + 2 + ... + n
9. Dada la siguiente matriz:
A =4 0 12 3 66 −3 −4
a) Determine el Rango de la matriz A.
Respuesta:Para determinar Rng( A) necesitamos encontrar la forma escalonada reducida equivalente porlas a A:
A−3 f 2 + f 3
−→−2 f 2 + f 1
0 −6 −112 3 60 −12 −22
−2 f 1 + f 3−→
0 −6 −112 3 60 0 0
−16 f 1−→12 f 2
0 1 1161 32 30 0 0
−32 f 1 + f 2−→
0 1 1161 0 140 0 0
f 1 f 2−→
1 0 140 1 1160 0 0
Como la forma escalonada reducida de A tiene s ólamente dos las no nulas, entoncesRng( A) = 2.
b) Sin hacer c álculos adicionales, diga si la matriz A es invertible. Justique su respuesta.
Respuesta:Por teorema, la matriz A no es invertible pues es una matriz de 3 x3 tal que Rng( A) < 3. Noteadem ás que no es equivalente por las a la matriz identidad I 3.
c) Sin hacer c álculos adicionales, diga si los tres vectores que corresponden a las tres columnasde la matriz A son linealmente independientes o linealmente dependientes. Justique su res-puesta.
Respuesta:Como A no es invertible, por teorema sus columnas son linealmente dependientes.
d) Escriba el vector que corresponde a la tercera columna de la matriz A como una combinaci ónlineal de los dos vectores que corresponden a las otras dos columnas de A.
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Respuesta:Se plantea el sistema con matriz aumentada, donde la soluci ón al sistema son los escalaresque permiten escribir a la columna 3 como combinaci ón lineal de las columnas 1 y 2 de A. Setiene, por la parte a) que,
4 0 12 3 66 −3 −4
−→1 0 140 1 1160 0 0
Entonces, se concluye que
16
−4=
14
426
+116
03
−3
10. Dadas las matrices A =−1 2 02 1 10 1 2 , B
=
−1 2 01 1 20 1 1 y la matriz identidad I
3 de M(3, R ).
a) Efectúe las operaciones para obtener la matriz C tal que C = A2 + A −3I 3.Respuesta:Primeramente calculamos la matriz A2,
A2 =−1 2 02 1 10 1 2
−1 2 02 1 10 1 2
=
5 0 20 6 32 3 5
Por lo tanto, la matriz C está dada por;
C =5 0 20 6 32 3 5
+−1 2 02 1 10 1 2 −
3 0 00 3 00 0 3
=
1 2 22 4 42 4 4
b) Efectúe las operaciones para obtener la matriz D tal que D = −B2 + B + 5I 3.Respuesta:Primeramente calculamos la matriz B2,
B2 =−1 2 01 1 20 1 1
−1 2 01 1 20 1 1
=
3 0 40 5 41 2 3
Por lo tanto, la matriz D está dada por;
D =−3 0 −40 −5 −4−1 −2 −3
+−1 2 01 1 20 1 1
+
5 0 00 5 00 0 5
=
1 2 −41 1 −2−1 −1 3
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c) Calcule BD y diga que relaci ón existe entre la matriz D y la matriz B.
Respuesta:
B ·D = −1 2 0
1 1 20 1 1
1 2
−4
1 1 −2−1 −1 3=
1 0 00 1 00 0 1
Entonces, D = B−1 o bien B = D−1.
11. Determine si cada uno de los siguientes conjuntos de vectores son linealmente dependientes olinealmente independientes.
a) (2, −1, 4)t , (3, 6, 2)t , (2, 10, −4)t
Respuesta:Para determinar si un conjunto de vectores son linealmente independientes (l.i.) o linealmentedependientes (l.d.) basta con colocar dichos vectores como las columnas de una matriz ydeterminar si la forma escalonada reducida equivalente por las a esa matriz es o no laidentidad. Se tiene entonces,
A2 3 2
−1 6 104 2 −4
2 f 2 + f 1
−→4 f 2 + f 3
0 15 22
−1 6 100 26 36
− f 2−→126 f 3
0 15 221 −6 −100 1 1813
−15 f 3 + f 1
−→6 f 3 + f 20 0 16131 0 −22130 1 1813
1316 f 1−→
0 0 11 0 −22130 1 1813
2213 f 1 + f 2
−→−1813 f 1 + f 30 0 11 0 00 1 0
f 1 f 3−→
0 1 01 0 00 0 1
f 1 f 2−→
1 0 00 1 00 0 1
Por tanto como la forma escalonada reducida de A es la identidad I 3, entonces el conjunto devectores es l.i.
b) (1, −2, 3)t , (5, 6,−1)t , (3, 2, 1)t
Respuesta:Procedemos de la misma manera que en la parte a),
B1 5 3
−2 6 23 −1 1
2 f 1 + f 2
−→−3 f 1 + f 3
1 5 30 16 80 −16 −8
f 2 + f 3
−→1 5 30 16 80 0 0
116 f 2
−→1 5 30 1 120 0 0
−5 f 2 + f 1−→
1 0 120 1 120 0 0
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Respuesta:
Sea A la matriz cuyas columnas son los vectores de W , es decir,
A =
λ −12 −12
−1
2 λ −1
2−12 −12 λ
Entonces, las columnas de A son linealmente dependientes (l.d.) si y s ólo si, A no es equivalentepor las a la matriz identidad I 3. Vamos a analizar las formas escalonadas reducidas equivalentespor las a A según los valores de λ .
A − f 2 + f 3−→
λ −12 −12−12 λ −120 − 12 + λ 12 + λ
− f 1 + f 2−→
λ −12 −12− 12 + λ 12 + λ 00 − 12 + λ 12 + λ
= B
Por tanto, si sustituimos λ =
−1
2 en B, entonces,
B =−12 −12 −120 0 00 0 0
−2 f 1−→
1 1 10 0 00 0 0
Y entonces si λ = −12 , A no es equivalente por las a la identidad, y el conjunto W es l.d.
Ahora, si λ −12 , en B tenemos,
B
11
2+ λ
f 2
−→112
+ λ f 3
λ −12
−12−1 1 0
0 −1 1−12 f 3 + f 1
−→λ 0
−1
−1 1 00 −1 1= C
Si λ = 0, sustituyendo en la matriz C, se tiene,
C =0 0 −1−1 1 00 −1 1
f 1 + f 3
−→− f 2
0 0 −11 −1 00 −1 0
− f 3 + f 2−→− f 1
0 0 11 0 00 −1 0
f 1 f 2
−→− f 31 0 00 0 10 1 0
f 2 f 3−→
1 0 00 1 00 0 1
Por lo tanto, si λ = 0, y λ −12 , entonces la matriz A es equivalente por las a la identidad, yentonces el conjunto W es l.i.
Si λ 0, de la matriz C se sigue,
Cλ f 2 + f 1
−→− f 3
0 λ −1−1 1 00 1 −1
−λ f 3 + f 1−→− f 2
0 0 λ −11 −1 00 1 −1= D
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En D, sustituyendo λ = 1, entonces, D =0 0 01 −1 00 1 −1
, que no es equivalente por las a la iden-
tidad, ya que tiene una la de ceros. Por tanto, los vectores de W son l.d.
Si λ 1, entonces,
C1
λ−1 f 1−→0 0 11 −1 00 1 −1
f 1 + f 3
−→0 0 11 −1 00 1 0
f 3 + f 2
−→0 0 11 0 00 1 0
f 2 f 3−→
0 0 10 1 01 0 0
f 1 f 3−→
1 0 00 1 00 0 1
En este caso el conjunto W es l.i. puesto que Aes equivalente por las a la identidad.
Resumiendo, se tienen los siguientes casos sobre la independencia lineal del conjunto W según losvalores de λ :
a) Si λ = −12 entonces W es l.d.b) Si λ −12 y λ = 0 entonces W es l.i.c) Si λ −12 , λ 0 y λ = 1 entonces W es l.d.d) Si λ −12 , λ 0 y λ 1 entonces W es l.i.
Entonces, W es l.d. si λ = 1 o si λ = −
1
2 .
14. Indique porqu é la matriz A = 1 10 0 no es invertible y halle una matriz B, de dimensi ón 2x2, no
nula, tal que AB = 0.
Respuesta:
La matriz A no es invertible por alguna de las siguientes razones:
a) Rng( A) = 1 < 2, pues tiene una la de ceros.b) Como A tiene 1 la de ceros, det( A) = 0.
c) Las las de A son linealmente dependientes, puesto que la segunda la es el vector de ceros.d) Las columnas de A son linealmente dependientes, puesto que son iguales.e) El sistema Ax = 0 tiene innitas soluciones de la forma, ( x1, x2)t = (t, −t), t R . f ) El sistema Ax = b, no tiene soluci´on si b = (b1, b2)t y b2 0.
Sea B =x y z w . Entonces, note que si
AB = 0 1 10 0
x y z w
=0 00 0
x + z y + w0 0
=0 00 0 x = − z y = −w
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Entonces, podemos tomar a B como cualquier matriz de la forma B = a b
−a −b con a, b R .
15. Sea A =1 10 1 . Determine todas las matrices B
=x y z w , para las cuales, AB
= BA.
Respuesta:Buscamos el conjunto de todas las matrices B que conmutan con A. Efectuando los productosmatriciales se obtiene;
AB =x + z y + w
z w BA =
x x + y z z + w
AB = BA
x + z = x y + w = x + y z = zw = z + w
Igualando matricesentrada por entrada
Lo cual es equivalente al sistema homog´ eneo, −x + w = 0 z = 0
, que tiene como soluci´on el conjunto
de los vectores de la forma ( x, y, z, w) = (t, s, 0, t) tales que s, t R . Por tanto el conjunto de todaslas matrices B que conmutan con A son las matrices de la forma B =
t s0 t .
16. Determine si existe una matriz A simétrica, de dimensi´ on 2x2, tal que
A−1 t 1 32 1 A −I 2 = I 2Respuesta:
Supongamos que A es invertible, y que es sim étrica, i.e. A = At . Aplicamos operaciones matricialessobre la identidad que determina a A;
A−1t 1 3
2 1 A −I 2 = I 2 At −1 1 32 1 A −I 2 = I 2 identidad At −
1= A−1
t
A−1 1 32 1 A −I 2 = I 2 (utilizando que A es simétrica)1 32 1 A −I 2 = A (multiplicando a la derecha por A)1 32 1 A − A = I 2 (restando A y sumando I 2)1 32 1 −I 2 A = I 2 (distributividad del producto sobre la suma)
0 32 0 A
= I 2
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Entonces, A−1 = 0 32 0 .
De esto, se concluye que la matriz sim étrica A invertible que es la inversa de 0 32 0 no existe. Dicha
conclusi ón se obtiene de cualquiera de las siguientes armaciones:a) La inversa de una matriz sim´ etrica es sim étrica, pues si A es simétrica e invertible, se cumple
la propiedad: A−1t
= At −1 = ( A)−1. Si A−1 = 0 32 0 , esto es una contradicc ı́on, puesto que0 32 0 no es una matriz sim étrica.
b) La inversa de la matriz 0 32 0 es0 1213 0
. Pero eso signica que A = 0 1
213 0
, lo que contradice
el hecho de que A es simétrica.
17. Determine todos los valore de a y b para que la matriz
A =
1 −a a 0 01 −b −1 −1 −ba + b 0 1 a + b1 0 0 1
sea invertible y determine su inversa, cuando exista.
Respuesta:
Aplicamos el procedimiento de c´ alculo de inversa izquierda para la matriz A, que por teorema, esla misma que la inversa general de A. Se tiene entonces,
( A|I 4) =1 −a a 0 0 1 0 0 01 −b −1 −1 −b 0 1 0 0a + b 0 1 a + b 0 0 1 0
1 0 0 1 0 0 0 1
− f 4 + f 1−→
− f 4 + f 2−a a 0 −1 1 0 0 −1−b −1 −1 −b−1 0 1 0 −1a + b 0 1 a + b 0 0 1 01 0 0 1 0 0 0 1
f 1 + f 3
−→ f 2 + f 3−a a 0 −1 1 0 0 −1−b −1 −1 −b −1 0 1 0 −10 a−1 0 a −2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
= B
Si a 0, y si b = 0, se tiene en B;
B =−a a 0 −1 1 0 0 −10 −1 −1 −1 0 1 0 −10 a−1 0 a−2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
a f 4 + f 1
−→− f 2
0 a 0 a−1 1 0 0 a −10 1 1 1 0 −1 0 10 a −1 0 a−2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
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− f 1 + f 3−→
0 a 0 a −1 1 0 0 a−10 1 1 1 0 −1 0 10 −1 0 −1 0 1 1 −a −11 0 0 1 0 0 0 1
f 3 + f 2
−→a f 3 + f 1
0 0 0 −1 1 a a −a2 −10 0 1 0 0 0 1 −a0 −1 0 −1 0 1 1 −a −11 0 0 1 0 0 0 1
− f 1−→− f 3
0 0 0 1 −1 −a −a a2 + 10 0 1 0 0 0 1 −a0 1 0 1 0 −1 −1 a + 11 0 0 1 0 0 0 1
− f 1 + f 3−→
− f 1 + f 4
0 0 0 1 −1 −a −a a2 + 10 0 1 0 0 0 1 −a0 1 0 0 1 a−1 a−1 a−a21 0 0 0 1 a a −a2
f 1 f 4
−→ f 2 f 3
1 0 0 0 1 a a −a20 1 0 0 1 a−1 a−1 a−a20 0 1 0 0 0 1 −a0 0 0 1 −1 −a −a a2 + 1
A−1 =1 a a −a21 a−1 a−1 a−a20 0 1 −a−1 −a −a a2 + 1
Si a 0, y si b 0, se tiene en B;
Ba f 4 + f 1
−→b f 4 + f 2
0 a 0 a−1 1 0 0 a−10 −1 −1 −1 0 1 0 b−10 a−1 0 a−2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
− f 1 + f 3−→− f 2
0 a 0 a −1 1 0 0 a−10 1 1 1 0 −1 0 1−b0 −1 0 −1 0 1 1 −a −11 0 0 1 0 0 0 1
a f 3 + f 1
−→ f 3 + f 20 0 0 −1 1 a a −20 0 1 0 0 0 1 −a −b0 −1 0 −1 0 1 1 −a −11 0 0 1 0 0 0 1
− f 3−→
0 0 0 −1 1 a a −20 0 1 0 0 0 1 −a −b0 1 0 1 0 −1 −1 a + 11 0 0 1 0 0 0 1
f 1 + f 3
−→ f 1 + f 4
0 0 0 −1 1 a a −20 0 1 0 0 0 1 −a −b0 1 0 0 1 a−1 a−1 a−11 0 0 0 1 a a −1
f 1 f 4−→
f 2 f 31 0 0 0 1 a a −10 1 0 0 1 a−1 a−1 a−10 0 1 0 0 0 1 −a −b0 0 0 −1 1 a a −2
− f 4−→
1 0 0 0 1 a a −10 1 0 0 1 a−1 a−1 a−10 0 1 0 0 0 1 −a −b0 0 0 1 −1 −a −a 2
A−1 =1 a a −11 a −1 a−1 a−10 0 1 −a −b−1 −a −a 2
Por otra parte, si a = 0, entonces
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B =
0 0 0 −1 1 0 0 −1−b −1 −1 −b −1 0 1 0 −10 −1 0 −2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
= C
Tomando b = 0 en C, se tiene,
C =
0 0 0 −1 1 0 0 −10 −1 −1 −1 0 1 0 −10 −1 0 −2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
− f 1−→− f 2− f 3
0 0 0 1 −1 0 0 10 1 1 1 0 −1 0 10 1 0 2 −1 −1 −1 21 0 0 1 0 0 0 1
− f 3 + f 2−→
0 0 0 1 −1 0 0 10 0 1 −1 1 0 1 −10 1 0 2 −1 −1 −1 21 0 0 1 0 0 0 1
− f 1 + f 4−→
f 1 +
f 2−2 f 1 + f 3
0 0 0 1 −1 0 0 10 0 1 0 0 0 1 00 1 0 0 1 −1 −1 01 0 0 0 1 0 0 0
f 1 f 4−→
f 2 f 3
1 0 0 0 1 0 0 00 1 0 0 1 −1 −1 00 0 1 0 0 0 1 00 0 0 1 −1 0 0 1
A−1 =1 0 0 01 −1 −1 00 0 1 0
−1 0 0 1Ahora, si b 0, se tiene en C,
C b f 4+ f 2
−→0 0 0 −1 1 0 0 −10 −1 −1 −1 0 1 0 b−10 −1 0 −2 1 1 1 −21 0 0 1 0 0 0 1
− f 1−→− f 2− f 3
0 0 0 1 −1 0 0 10 1 1 1 0 −1 0 1−b0 1 0 2 −1 −1 −1 21 0 0 1 0 0 0 1
− f 3 + f 2−→
0 0 0 1 −1 0 0 10 0 1 −1 1 0 1 −b−10 1 0 2 −1 −1 −1 21 0 0 1 0 0 0 1
f 1 + f 2
−→−2 f 1 + f 3− f 1 + f 4
0 0 0 1 −1 0 0 10 0 1 0 0 0 1 −b0 1 0 0 1 −1 −1 01 0 0 0 1 0 0 0
f 1 f 4−→ f 2 f 3
1 0 0 0 1 0 0 00 1 0 0 1 −1 −1 00 0 1 0 0 0 1 −b0 0 0 1 −1 0 0 1
A−1 =1 0 0 01 −1 −1 00 0 1 −b−1 0 0 1
Por tanto, A es invertible para todos los valores reales de a y b.
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−2 f 2 + f 1−→3 f 2 + f 3
1 0 1 10 1 0 00 0 1 −2
− f 3 + f 1−→
1 0 0 30 1 0 00 0 1 −2
Entonces, x1 =
x2 =
3, x3 =
x4 =
0 y x5 =
x6 =
−2. Por lo tanto la matriz B tiene la forma
B =3 30 0
−2 −2
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4. Determinantes
1. Sea
A =
1
−1 1 1
m −1 6 m + 1m −m 2m −2 92m −m −1 m + 6 3m −2
a) Calcule el determinante de A (sugerencia: realice operaciones elementales para producir cerosantes de proceder al c álculo).
Respuesta:
A
−2 f 2 + f 4−→− f 2 + f 3
1 −1 1 1m −
1 6 m + 1
0 1−m 2m −8 8−m0 1−m m−6 m−4 − f 3 + f 4
−→
1 −1 1 1m −
1 6 m + 1
0 1−m 2m −8 8−m0 0 2−m 2m −12
2 f 4 + f 3
−→
1 −1 1 1m −1 6 m + 10 1−m −4 3m −160 0 2−m 2m −12
= B
Si m 0
A −m f 1 + f 2
−→
1 −1 1 10 m
−1 6
−m 1
0 −(m −1) −4 3m −160 0 2−m 2m −12 f 2 + f 3
−→
1 −1 1 10 m
−1 6
−m 1
0 0 2−m 3m −150 0 2−m 2m −12
− f 3 + f 4−→
1 −1 1 10 m−1 6−m 10 0 2−m 3m −150 0 0 3−m
= C
Entonces, det(C) = 1 ·(m −1) ·(2 −m) ·(3 −m) si m 0. Si m = 0, entonces,
A =
1 −1 1 10
−1 6 1
0 0 −2 90 −1 6 2
− f 2 + f 3
−→
1 −1 1 10
−1 6 1
0 0 −2 90 0 0 −3
Entonces det( A) = 1 · −1 · −2 · −3 = −6.Se concluyen los siguientes valores para el determinante de A:
det( A) = −6 si m = 0(m −1) ·(2 −m) ·(3 −m) si m 0
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d) Sin hacer c álculos adicionales, escriba la matrix P−1.Respuesta:Por la parte a), es claro que
P−1 = Pt =1√ 2
−1√ 2
01√ 6
1√ 6 −2√ 6
1√ 31√ 3
1√ 3
4. Si A =a b c4 0 21 1 1
, donde a, b, c R y A = 3, calcule el determinante de cada una de las siguientes
matrices:
a) B =2a 2b 2c4 4 42 0 1
Respuesta:
A f 2 f 3−→
a b c1 1 14 0 2
2 f 1
−→4 f 212 f 3
2a 2b 2c4 4 42 0 1
= B
Entonces, det(B) = −2 ·4 · 12 ·det( A) = −12.
b) C =a b c
3a + 4 3b 3c + 2a + 1 b + 1 c + 1
Respuesta:
A− f 1 + f 3
−→3 f 1 + f 2a b c
3a + 4 3b 3c + 2a + 1 b + 1 c + 1
= C
Entonces, det(C) = det( A) = 3.
5. Si el determinante de la matriz A = a b cd e f g h i
, donde a, b, c, d, e, f , g, h, i R , es det( A) = 5, calcule
los siguientes determinantes:
a) det(3 A).
Respuesta:Por las propiedades del determinante, det(3 A) = 33det( A) = 27 ·5 = 135.
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b) det 2 A−1 .
Respuesta:Por las propiedades del determinante, det 2 A−1 = 23det A−1 = 8det( A) = 85 .
c) deta b c
2d + g 2e + h 2 f + id e f
Respuesta:Aplicando operaciones de la sobre A, se pueden relacionar los determinantes de A y el de lamatriz buscada;
A 2 f 2 + f 3
−→a b cd e f
2d + g 2e + h 2 f + i
f 2 f 3−→
a b c2d + g 2e + h 2 f + i
d e f
Por lo tanto,
deta b c
2d + g 2e + h 2 f + id e f
= −det( A) = −5
6. Resuelva el siguiente sistema de ecuaciones lineales aplicando la Regla de Cramer:
2x + y − z + w = −4x + 2 y + 2 z−3w = 63x
− y
− z + 2w = 0
2x + 3 y + z + 4w = −5Respuesta:
Para poder resolver el sistema mediante el m étodo de la Regla de Cramer, considere la matriz Ade los coecientes de las ecuaciones del sistema,
A =
2 1 −1 11 2 2 −33 −1 −1 22 3 1 4
Si det( A) 0, entonces el sistema tiene soluci ón única y se puede aplicar la Regla de Cramer. Sea bila matriz que resultade reemplazar en la matriz A la columna i por elvector ( −4, 6, 0,−5)t. Entonces,las soluciones son de la forma xi =
det(bi)det( A) . Procedemos a calcular entonces el determinante de A;
A−2 f 2 + f 1
−→−3 f 2 + f 3−2 f 2 + f 4
0 −3 −5 71 2 2 −30 −7 −7 110 −1 −3 10
−3 f 4 + f 1−→2 f 4 + f 2
−7 f 4 + f 3
0 0 4 −231 0 −4 170 0 14 −590 −1 −3 10
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Podemos demostrar que A es invertible a partir del valor de su determinante.
det( A) = det cosθ senθ
−senθ cosθ = cos2θ + sen2θ = 1
Entonces, θ , se tiene det( A) =
1 0 de modo que A es invertible para todo valor θ .
b) Encuentre la matriz inversa de A.
Respuesta:Aplicamos el procedimiento para hallar una inversa izquierda, que por teorema, si existe,tambi én la inversa de A y son iguales.
En los siguientes c álculos se utilizan varias de las identidades entre senos y cosenos. Tambi énen el desarrollo siguiente se asume que para un determinado valor de θ , los senos y cosenosno son cero. Los casos en que son cero son m ás simples y se pueden hacer de forma similar.
cosθ senθ 0 1 0 0
−senθ cosθ 0 0 1 00 0 1 0 0 1cosθ f 1
−→−senθ f 2
cos2θ cosθ senθ 0 cosθ 0 0sen2θ −senθ cosθ 0 0 −senθ 00 0 1 0 0 1
f 2 + f 1
−→1 0 0 cosθ −senθ 0sen2θ −senθ cosθ 0 0 −senθ 00 0 1 0 0 1
−sen2θ f 1 + f 2
−→
1 0 0 cosθ −senθ 00 −senθ cosθ 0 −cosθ sen2θ −senθ cos2θ 00 0 1 0 0 1
−1senθ cosθ f 2−→
1 0 0 cosθ −senθ 00 1 0 senθ cosθ 00 0 1 0 0 1
Entonces, se concluye que
A−1 =cosθ −senθ 0senθ cosθ 0
0 0 1
8. Dado el siguiente sistema de ecuaciones lineales:
x1 −2x2 + x3 = 3x2 + 3x4 −x5 = −5x1 + x2 + x3 −x5 = 12x2 + x3 −2x4 −2x5 = 0x1 + x3 + 2x4 + x5 = 3
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a) Calcule el determinante de la matriz del sistema.
Respuesta:Sea A la matriz del sistema anterior, entonces,
A =
1 −2 1 0 00 1 0 3 −11 1 1 0 −10 2 1 −2 −21 0 1 2 1
− f 1 + f 3−→
− f 1 + f 5
1 −2 1 0 00 1 0 3 −10 3 0 0 −10 2 1 −2 −20 2 0 2 1
−3 f 2 + f 3−→
−2 f 2 + f 4−2 f 2 + f 5
1 −2 1 0 00 1 0 3 −10 0 0 −9 20 0 1 −8 00 0 0
−4 3
f 3 f 4−→
1 −2 1 0 00 1 0 3 −10 0 1 −8 00 0 0 −9 20 0 0
−4 3
−49 f 4 + f 5−→
1 −2 1 0 00 1 0 3 −10 0 1 −8 00 0 0 −9 20 0 0 0 199
= B
Como B es una matriz triangular, det(B) = 1 · 1 · 1 · −9 · 199 = −19. Ahora, como A y B sonequivalentes por las, por las propiedades del determinante en relaci ón a las operacioneselementales de la, se tiene para A y B que, det(B) = −det( A), por tanto det( A) = 19.
b) Sin hacer m ás cálculos, conteste la siguiente pregunta: ¿El sistema de ecuaciones anterior tienesoluci ón única? Justique su respuesta.
Respuesta:Como det( A) 0, entonces por teorema, el sistema tiene soluci ón única.
9. Sean A =
a 1 1 1a a 1 1a a a 1a a a a
, C =
000a
y X =
x1x2x3x4
a) Calcule el determinante de la matriz A.
Respuesta:Reducimos por las a la matriz aumentada ( A|C),
( A|C)− f 1 + f 2
−→− f 1 + f 3− f 1 + f 4
a 1 1 1 00 a−1 0 0 00 a−1 a−1 0 00 a−1 a−1 a −1 a
− f 2 + f 3−→
− f 2 + f 4
a 1 1 1 00 a−1 0 0 00 0 a−1 0 00 0 a−1 a−1 a
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− f 3 + f 4−→
a 1 1 1 00 a−1 0 0 00 0 a−1 0 00 0 0 a−1 a
= (B|D)
Como B es una matriz triangular, det( A) = a ·(a −1) ·(a −1) ·(a −1) = a(a −1)3. Como A y Bson equivalentes por las, entonces a(a −1)3 = det(B) = det( A).
b) Determine los valores de a para los cuales el sistema A ·X = C tiene soluci ón única, e indiquecual es esa soluci ón.Respuesta:El sistema AX = C tiene soluci ón única si y s ólo si det( A) 0. Por la parte a), det( A) 0 si ysólo si a 0 y a 1.
Como los sistemas AX = C y BX = D son equivalentes, solucionamos BX = D. Con a 0 ya 1,
a 1 1 1 00 a−1 0 0 00 0 a−1 0 00 0 0 a−1 a
1a−1 f 2−→1a−1 f 31a−1 f 4
a 1 1 1 00 1 0 0 00 0 1 0 00 0 0 1 aa−1
− f 2 + f 1−→
− f 3 + f 1
− f 4 + f 1
a 0 0 0 −aa−10 1 0 0 00 0 1 0 00 0 0 1 aa−1
1a f 1
−→
1 0 0 0 −1a−10 1 0 0 00 0 1 0 00 0 0 1 aa−1
Por lo tanto, la soluci ón única del sistema es: (x1, x2, x3, x4)t = −1a−1 , 0, 0, aa−1
t, a {0, 1}.
c) Determine los valores de a para los cuales el rango de la matriz A es igual a 1.
Respuesta:En general, como A es de 4x4, Rng( A) < 4 si y sólo si A no es invertible. Y por la parte a), Ano es invertible s´olamente cuando a = 0 ó a = 1. Como, Rng( A) = 1 si la matriz escalonadareducida equivalente por las a A tiene s ólamente una la no nula. En B, tomando a = 1, y se
tiene
B =
1 1 1 10 0 0 00 0 0 00 0 0 0
Rng( A) = 1
d) Determine los valores de a para los cuales el rango de la matriz A es igual a 2.
Respuesta:
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Rng( A) = 2 si la matriz escalonada reducida equivalente por las a A tiene s ólamente dos lasno nulas. Por el argumento de parte c), s ólamente a = 0 puede hacer que Rng( A) < 4, pues eneste caso A no es invertible. Pero, de B, si se sustituye a = 0,
B =
0 1 1 1
0 −1 0 00 0 −1 00 0 0 −1
f 2 + f 1
−→ f 3 + f 1 f 4 + f 1
0 0 0 0
0 −1 0 00 0 −1 00 0 0 −1
−→0 1 0 0
0 0 1 00 0 0 10 0 0 0
Por tanto, Rng( A) = 3, si a = 0, y entonces no hay ning´un valor de a para el cual Rng( A) = 2.
e) Determine los valores de a para los cuales el rango de la matriz A es igual a 3.
Respuesta:Por la parte d), si a = 0, entonces Rng( A) = 3.
f ) Halle el conjunto soluci ón del sistema A ·X = C, si a = 0.Respuesta:
Por la parte d), si a = 0, entonces A −→0 1 0 00 0 1 00 0 0 10 0 0 0
Por lo que el conjunto soluci ón es: {(t, 0, 0, 0) t R }. g) Halle el conjunto soluci´on del sistema A ·X = C, si a = 1.
Respuesta:
Tomando a = 1 en la matriz aumentada ( B|D) =1 1 1 1 00 0 0 0 00 0 0 0 00 0 0 0 1
Que tiene una ecuaci ón inconsistente, por lo tantono haysoluci ón al sistema ( B|D), ni tampocoal sistema ( A|C), ya que ambos son equivalentes.
10. Sean A =1 a a2
1 b b21 c c2
, 0 =0
00
y X =x1x2x3
a) Calcule el determinante de la matriz A.
Respuesta:Utilizando las propiedades de la funci ón determinante, se tiene:
det( A) = det1 a a21 b b21 c c2
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= det1 a a20 b−a b2 −a20 c−a c2 −a2
utilizando las operaciones
− f 1 + f 2− f 1 + f 3
= (b −a) ·(c −a) ·det1 a a2
0 1 b + a0 1 c + a
propiedad de linealidadde la funci ón determinanteen las las de la matriz
= (b −a) ·(c −a) ·det1 a a20 1 b + a0 0 c−b
utilizando laoperaci ón
− f 2 + f 3= (b −a) ·(c −a) ·(c −b) ( determinante de una matriz triangular )
Por lo tanto, det( A) = (b −a) ·(c −a) ·(c −b), para todos los valores reales de a, b y c.b) ¿Encu áles casos el sistema A·X = 0 tiene innitas soluciones que dependen de un par´ ametro?
Respuesta:El sistema AX = 0 tiene soluciones innitas que dependen de un par ámetro si Rng( A) = 2.Realizamos operaciones elementales sobre las las de A;
A− f 1 + f 2
−→−
f 1 + f 3
1 a a2
0 b−a b2 −a20 c−
a c2
−a2
− f 2 + f 3−→
1 a a2
0 b−a b2 −a20 c−
b c2
−b2
= B
De B, se observa que hay s ´olamente una la de ceros si se presenta alguna de las siguientescombinaciones de valores para a, b y c;
1) a = b y a c2) a = c y a b3) b = c y b a.
Por lo tanto, en cualquiera de las combinaciones anteriores, el sistema tiene soluciones inni-tas dependiendo de un par´ ametro.
c) ¿En cuáles casos el sistema A
·X = 0 tiene innitas soluciones que dependen de dos par áme-
tros?
Respuesta:El sistema AX = 0 tiene soluciones innitas que dependen de dos par ámetros si Rng( A) = 1.De la matriz B de la parte b), esto sucede si a = b = c.
d) ¿En cuáles casos el sistema A ·X = 0 tiene soluci ón única?Respuesta:
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Para que el sistema homog éneo tenga soluci ón única, es necesario que Rng( A) = 3, o equiva-lentemente, que det( A) = (b −a) ·(c −a) ·(c −b) 0. Entonces, el sistema tiene soluci ón únicasi y sólo si a b, b c y a c.
e) ¿En cuáles casos el sistema A
·X = 0 es inconsistente?
Respuesta:Como el sistema es homog éneo, siempre tiene la soluci ón trivial. Entonces nunca es inconsis-tente.
11. Sea
A =
a + 1 2 2 1
−1 a−1 −1 20 0 a
+
1 20 0 −1 a−1a) Calcule el determinante de la matriz A.
Respuesta:Como A es una matriz con forma de bloques:
det( A) = deta + 1 2
−1 a−1 ·det
a + 1 2
−1 a −1 = ((a + 1)(a −1) + 2)2 = a2 + 1
2
b) Indique por qu é el sistema Ax = bsiempre tiene soluci ón única, con x = (x1, x
2, x
3, x
4)t y b
R 4.
Respuesta:Note que det( A) 0, a R ya que a2 ≥ 0 a2 + 1 ≥ 1 y por lo tanto, det( A) ≥ 1, a R .Como det( A) 0, entonces existe soluci ón única para cada b R 4.
12. Si deta11 a12 a13a21 a22 a23a31 a32 a33
= 8, calcule (haciendo uso de las propiedades del determinante) el determi-
nante de la matriz
2a12 −3a22 2a11 −3a21 2a13 −3a23a32 a31 a33a22 a21 a23
Respuesta:
Sea
B =2a12 −3a22 2a11 −3a21 2a13 −3a23a32 a31 a33
a22 a21 a23
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Entonces,
B 3 f 3 + f 1
−→2a12 2a11 2a13a32 a31 a33a22 a21 a23
12 f 1
−→a12 a11 a13a32 a31 a33a22 a21 a23
f 2 f 3−→
a12 a11 a13a22 a21 a23a32 a31 a33
= C
Entonces, det(C) = −1 · 12 ·det(B). Adem ás
Ct =a12 a22 a32a11 a21 a31a13 a23 a33
f 1 f 2−→
a11 a21 a31a12 a22 a32a13 a23 a33
= D
Y se tiene det(D) = −1 ·det Ct = −det(C) = 12det(B). Como Dt = A, entonces det( A) = det Dt =det(D) = 12det(B). Entonces, det(B) = 2 ·det( A) = 2 ·8 = 16.
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5. Geometr´ ıa vectorial de Rn
1. Sean A = (3, 0, 0), B = (1, 0, 2), y C = (2, 3, 0) puntos en R 3.
a) Determine si el tri ángulo ABC es rect ángulo, obtus ángulo o acut ángulo.
Respuesta:
−→ AB = (1, 0, 2) −(3, 0, 0) = (−2, 0, 2)−−→ AC = (2, 3, 0) −(3, 0, 0) = (−1, 3, 0)
Entonces, del producto interior de R 3, −→ AB ·−−→ AC = (−2, 0, 2) ·(−1, 3, 0) = 2 > 0 y por lo tanto elángulo BAC es agudo.
−−→CA = (3, 0, 0) −(2, 3, 0) = (1, −3, 0)
−→CB = (1, 0, 2) −(2, 3, 0) = (−1, −3, 2)Del producto interior de R 3, −−→CA ·−→CB = (1,−3, 0) ·(−1, −3, 2) = 8 > 0 y por lo tanto el ángulo ACB es agudo.
−→BA = (3, 0, 0) −(1, 0, 2) = (2, 0,−2)−→BC = (2, 3, 0) −(1, 0, 2) = (1, 3, −2)
Del producto interior de R 3, −→BA ·−→BC = (2, 0,−2) ·(1, 3,−2) = 6 > 0 y por lo tanto el ángulo ABC es agudo.
Por tanto el tri ángulo ABC es acut ángulo.
b) Determine el per ı́metro del tri ángulo ABC.
Respuesta:Como el perı́metro es la suma de los lados del tri ´ angulo, y como cada lado puede ser repre-sentado por un vector en la notaci ón de echa dirigida, entonces tenemos que:
Per ı́metro = −→ AB + −−→ AC + −→BCNótese que en lo anterior, se us ó el hecho de que la norma de un vector que representa a una
echa dirigida no depende de hacia cu´ al de los dos puntos apunta el vector. Entonces,
Perı́metro = √ (−2)2 + 02 + 22 + √ (−1)2 + 32 + 02 + √ 12 + 32 + (−2)2 = √ 8 + √ 10 + √ 14c) Calcule la proyecci ón del vector −→ AB sobre el vector −−→ AC.
Respuesta:
Proy−−→ AC −→ AB = 210 ·(−1, 3, 0) = −1
5 ,
35
, 0
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d) Determine el área del tri ángulo ABC.
Respuesta:
Considere el paralelogramo con lados −→ AB y −−→ AC. El area de ese paralelogramo, es el doble delárea del tri´angulo ABC. Entonces usamos la f´ormula de c´alculo del área del paralelogramo:
Área del paralelogramo = −→ AB×−−→ ACEntonces,
−→ AB×−−→ AC = (−2, 0, 2) ×(−1, 3, 0) = (−6,−2,−6)
−→ AB×−−→ AC = √ (−6)2 + (−2)2 + (−6)2 = √ 76Entonces, Área ABC =
√ 762
.e) Determine un punto D de manera que ABCD sea un paralelogramo.
Respuesta:
Si se considera el paralelogramo con lados −→ ABy −−→ AC, por la interpretaci´ ondelasuma,elv´ erticeopuesto a A, que es el v értice que denominamos como D, cumple con la igualdad:
D − A = −−→ AD = −→ AB + −−→ AC = (−2, 0, 2) + (−1, 3, 0) = (−3, 3, 2)Entonces, D = (−3, 3, 2) + A = (−3, 3, 2) + (3, 0, 0) = (0, 3, 2).
2. Sean A = (1, 2, −1), B = (1, 4, 3) y C = (1,−1, 5) puntos en R 3.a) Determine un punto D de manera que ABCD sea un paralelogramo.
Respuesta:
Considere el paralelogramo con lados −→ AB y −−→ AC unidos por el v értice A. Por la interpretaci ónde la suma, si se escoge el punto D que satisface, −−→ AD = −→ AB + −−→ AC entonces se obtiene unparalelogramo con v értices A, B, C y D. Entonces,
−→ AB =
(1, 4, 3) −(1, 2, −1) =
(0, 2, 4) −−→ AC =
(1,−1, 5) −(1, 2, −1) =
(0,−3, 6)Entonces, D − A = −−→ AD = −→ AB + −−→ AC = (0, −1, 10), por tanto D = (0,−1, 10) + A = (0,−1, 10) +(1, 2, −1) = (1, 1, 9).
b) Calcula la longitud de la altura del paralelogramo sobre el lado −−→DC.Respuesta:Según la parte a) el v´ertice D es opuesto al v´ertice A, y los vértices B y C son opuestos. Paraestablecer sobre que lado del paralelogramo se referencia la altura, considere que esta se
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mide referenciada respecto al lado −→ AB, i.e. la altura h es la longitud del segmento que va delvértice C en forma perpendicular hasta el lado −→ AB. Adem ás, considere el ángulo CAB quedenominaremos como θ .
Véase la gura.
Dado lo anterior, entonces se tiene que
sen(θ ) =h
−−→ ACPero el ángulo θ tambi én cumple que
−−→ AC ×−→ AB = −−→ AC −→ AB sen(θ )Por lo tanto, de las igualdades anteriores se concluye que;
h =−−→ AC ×−→ AB
−→ ABDonde,
−−→ AC ×−→ AB =e1 e2 e30 −3 60 2 4
= (−24, 0, 0)
Entonces, −−→ AC ×−→ AB = 24 y −→ AB = √ 20, por lo tanto
h =24√ 20
=12√ 5
5
c) Determine el área del paralelogramo ABCD.
Respuesta:
El área est á dada por −−→ AC ×−→ AB = 24.d) Determine si el ángulo del paralelogramo cuyo v´ ertice es A es recto, obtuso o agudo.
Respuesta:
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La clasicaci ón del ángulo cuyo v értices es A, se puede hacer mediante el signo del valorque tome el producto interno de vectores en R 3 sobre los lados −→ AB y −−→ AC que coinciden en A.Entonces,
−→ AB·−−→ AC = (0,
−3, 6)
·(0, 2, 4) = 18 > 0
Por tanto el ángulo es agudo.
3. Considere el cuadril´ atero con v értices A, B, C, y D, que se muestra a continuaci´ on.
Si P, Q, R y S son los puntos medios de los lados AB, BC, CD y DA, respectivamente; muestre que−→PS = −−→QR y −−→PQ = −→SR.
Respuesta:
Existen por lo menos dos maneras diferentes para responder a este ejercicio. La primera es obte-niendo una expresi ón para los puntos medios en t érminos de los extremos del segmento. Vamos aobtener una expresi´ on primero para P en términos de A y B. Vease la gura.
Nótese que los vectores −→0 A y −→0B forman los lados de un paralelogramo, donde las diagonales son AB y el segmento que va de 0 a A + B. Como P es el punto medio del segmento AB, entonces esel punto medio de la diagonal AB del paralelogramo. Como las diagonales de un paralelogramose cruzan en su punto medio, entonces P es el punto medio del segmento que va de 0 a A + B,donde dicho segmento es el vector −−−−−−−→0 ( A + B). Como el vector −→0P es la mitad de largo que el vector−−−−→ A + B y apunta en la misma direcci´ on, por la interpretaci ´ on del producto por escalar tenemos que−→0P = 12−−−−−−−→0 ( A + B) y de donde se concluye que P = 12 ( A + B).
Para los puntos Q, R y S se puede hacer una interpretaci´ on similar, y se concluye que
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P = A + B
2 S =
A + D2
R =D + C
2 Q =
B + C2
Ahora, por la denici´ on de vector como echa dirigida, se tiene;
−→PS = S −P = A+ D2 − A
+ B2
= D−B2 = −−→BD2−−→QR = R −Q = D
+ C2 − B
+ C2
= D−B2 =−−→BD2
−→PS = −−→QR
−−→PQ = Q −P = B+ C2 − A
+ B2
= C− A2 =−−→ AC2
−→SR = R −S = D+ C2 − A
+ D2
= C− A2 =−−→ AC2
−−→PQ = −→SR
La segunda manera de responder es utilizando la interpretaci´ on de suma de vectores como eldesplazamiento resultante en la direcci´ on de los vectores. N´ otese que el vector −→PS se puede vercomo el desplazamiento de P a S, y dicho desplazamiento se puede hacer primero de P a A y luego
de A a S. Es decir, se cumple por la interpretaci ón de la suma que: −→PS =
−→PA+
−→ AS. Ahora, como elpunto P est á colocado en el punto medio del segmento AB, se sigue que el vector −→PA tiene la mismadirecci ón y la mitad de longitud que el vector −→BA. Entonces por la interpretaci ón del producto porun escalar, se sigue que −→PA = 12−→BA y similarmente se tiene que −→ AS = 12−−→ AD. Sustituyendo esas dosexpresiones en la igualdad que obtuvimos de la interpretaci´ on de la suma, se obtiene que:
−→PS = 12−→BA + 1
2−−→ AD = 1
2 ( A −B + D − A) =
12
(D −B) =12−−→BD
Que es el mismo resultado que obtuvimos por el otro m étodo. Similarmente se obtienen las expre-siones para los otros puntos.
4. Considere el tri´angulo con v´ertices A, B y C, que se muestra a continuaci´ on.
Si E y D son los puntos medios de los lados CA y CB, respectivamente; muestre, usando geometrı́a
vectorial, que −−→ED = 12−→ AB .Respuesta:
Nóte que por la interpretaci´ on de la suma, el vector −−→ED que es el desplazamiento resultante de Ea D, se puede ver como el desplazamiento primero de E a C y luego de C a D. Entonces, se sigueque: −−→ED = −→EC + −−→CD. Ahora, como el punto E est á en el medio del segmento AC, se sigue por lainterpretaci ón del producto por un escalar que −→EC = 12−−→ AC y similarmente, se sigue que −−→DC = 12−→CB(note que aquı́ el vector −→CB debe seguir la misma direcci´ on que −−→CD). Sustituyendo en la igualdadobtenida por la interpretaci ón de la suma, se tiene que:
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−−→ED = 12−−→ AC + 1
2−→CB = 1
2 (C − A + B−C) =
12
(B− A) =12−→ AB
5. Dados los siguientes puntos en R 3: A = (0, 1, 0), B = (2, 2, 0), C = (0, 0, 2) y D = (a, b, c).
a) Determine los valores de a, b y c de modo que ABCD sea un paralelogramo.
Respuesta:La respuesta a esta pregunta se puede hacer directamente con un argumento algebraico, sinembargo, se va a realizar tambi´ en una interpretaci´ on geom étrica al proceso algebraico.
Para que el pol ı́gono de v értices ABCD sea un paralelogramo, se debe escoger el punto D, yen consecuencia, valores de a, b y c, tales que, ABCD sea un paralelogramo con lados −→ AB y −−→ AC.Por la interpretaci´ on de la suma de vectores, el punto D debe cumplir que, −−→ AD = −→ AB + −−→ AC,donde −→ AB = B
− A = (2, 2, 0)
−(0, 1, 0) = (2, 1, 0) y −−→ AC = C
− A = (0, 0, 2)
−(0, 1, 0) = (0,
−1, 2).
Entonces,
D − A = −−→ AD = −→ AB + −−→ AC = (2, 1, 0) + (0, −1, 2) = (2, 0, 2)
D = (2, 0, 2) + A = (2, 0, 2) + (0, 1, 0) = (2, 1, 2)
Entonces, para que ABCD sea un paralelogramo es necesario que a = 2, b = 1 y c = 2.
Ahora vamos a presentar una interpretaci´ on geom étrica del proceso algebraico realizado.Cuando se realiza el c´ alculo correspondiente a la igualdad, −−→ AD = −→ AB + −−→ AC, el paralelogramode lados −→ AB y −−→ AC, es en realidad el paralelogramo A1B1C1D1 que aparece en la gura, donde A1 es el origen, B1 = −→ AB, C1 = −−→ AC y D1 = −−→ AD.El cálculo permite determinar para el paralelogramo A1B1C1D1 que D1 = (2, 0, 2). Ahora,como se observa en la gura, el paralelogramo ABCD es igual al paralelogramo A1B1C1D1,pero trasladado desde el origen hasta el punto A. Entonces el punto D es igual a A + D1 =
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(0, 1, 0) + (2, 0, 2) = (2, 1, 2) que es el resultado algebraico antes obtenido.
b) Determine el punto E, que corresponde a la intersecci´ on de las dos diagonales del paralelo-gramo ABCD.
Respuesta:Por propiedades geom étricas, las diagonales de un paralelogramo se bisecan entre s ı́, de mo-do que el punto de intersecci´ on E de las dos diagonales es igual al punto medio de ambasdiagonales. Podemos tomar entonces, E = B+ C2 =
A+ D2
= 12(2, 2, 2) = (1, 1, 1).
c) Calcule el coseno del ´angulo del paralelogramo ABCD, cuyo v értice es el punto B.
Respuesta:Por la forma en que se escogi ó el punto D, los lados del paralelogramo ABCD adyacentes alpunto B son −→ AB y −−→BD. Entonces,
−→ AB = (2, 2, 0) −(0, 1, 0) = (2, 1, 0) −→ AB = √ 5
−−→BD = (2, 1, 2) −(2, 2, 0) = (0,−1, 2) −−→BD = √ 5Sea θ el ángulo correspondiente al v értice del punto B, entonces
cosθ =−→ AB ·−−→BD−→ AB −−→BD
= −15
d) Calcule el área de la regi ón delimitada por el paralelogramo ABCD.
Respuesta:
Por teorema, el área del paralelogramo ABCD de lados, −→ AB y −−→ AC est á dada por Area( ABCD) =−→ AB×−−→ AC . Entonces,
−→ AB×−−→ AC =e1 e2 e32 1 00 −1 2
= (2,−4, −2) −→ AB×−−→ AC = √ 24
Entonces el área de la regi ón limitada por el paralelogramo es igual a√
24.
6. Sean A = (0, 2, −1), B = (0, 2,−2), C = (−2, 0, −2) y D = (−1, 1,−1) puntos en R 3.a) Determine si ABCD es un paralelogramo o no.
Respuesta:Por denici ´on, ABCD es un paralelogramo si sus lados opuestos sonparalelos. Por la forma enquese encuentran ubicados los puntos de los v´ ertices de ABCD, dondelos v´ertices adyacentesa A son los v értices B y D y el vértice opuesto es el v értice C (para ver que efectivamente ese
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área DCE =−→EC · −−→DE
2 =
−−→ AD · −→ AB2
=√ 2 ·1
2 =
√ 22
Y puesto que, −→BE = −−→ AD , entonces, el área del rect ángulo ABED es,área ABED = −→BE · −→ AB = −−→ AD · −→ AB = √ 2 ·1 = √ 2
Entonces,
área ABCD =√ 22
+ √ 2 = 3√ 22
c) Determine la medida en grados del ´ angulo interno con v´ ertice A del cuadril´atero ABCD.
Respuesta:Como se aprecia en la gura de la parte a), los lados del cuadril átero ABCD que determinan
el ángulo θ corespondiente al v értice A son −→ AB y −−→ AD. Y como, −→ AB·−−→ AD = 0, entonces, los ladosson ortogonales, y por consiguiente θ = π2 , es decir, θ = 90 grados.
7. Sean los vectores −→u , −→v R 3, tales que −→u ·−→v = 0, −→u = −→v = 2.
a) Calcule el seno del ángulo entre los vectores −→u y −→v .Respuesta:Sea θ el ángulo entre los vectores −→u y −→v . Como −→u
·−→v = 0, entonces son ortogonales, y por
denici ón, θ = π2 . Entonces, senθ = 1.
b) Determine el valor en grados del ángulo entre los vectores −→u y −→v .Respuesta:Por la parte a), el ángulo entre los vectores es de 90 grados.
c) Calcule la norma o magnitud del vector −→u ×−→v .Respuesta:
Se tiene, −→u ×−→v = −→u −→v senθ = 2 ·2 ·1 = 4.d) Determine el valor que se obtiene al realizar las siguientes operaciones:
−→u − −→u × 2−→v + 3−→v · 2−→v + 3−→u ×−→v + 9−→uRespuesta:Utilizando las propiedades del producto interno escalar, y del producto cruz, se tiene que:
−→u − −→u × 2−→v + 3−→v · 2−→v + 3−→u ×−→v + 9−→u53
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= −→u −2 −→u ×−→v + 3−→v · 2−→v + 3 −→u ×−→v + 9−→u
= −→u ·2−→v + −→u ·3 −→u ×−→v + −→u ·9−→u −2 −→u ×−→v ·2−→v −2 −→u ×−→v ·3 −→u ×−→v
−2 −→u ×−→v ·9−→u + 3−→v ·2−→v + 3−→v ·3 −→u ×−→v + 3−→v ·9−→u
= 29−→u ·−→v −18 −→u ×−→v ·−→u −4 −→u ×−→v ·−→v + 3−→u · −→u ×−→v+ 9−→v · −→u ×−→v + 9 −→u
2+ 6 −→v 2 −6 −→u ×−→v
2
= 29−→u ·−→v −15−→u · −→u ×−→v −5−→v · −→u ×−→v + 9 −→u2
+ 6 −→v 2 −6 −→u ×−→v2
= 29−→u ·−→v −
15 −→u ×
−→u·−→v −
5 −→v ×
−→v·−→u + 9 −→u 2 + 6 −→v 2
−6 −→u
×−→v 2
= 9 −→u 2 + 6 −→v 2 −6 −→u ×−→v2
pues −→u ×−→u = −→v ×−→v = 0 y sustituyendo −→u ·−→v = 0
= 9 ·4 + 6 ·4 −6 ·16 = −36 sustituyendo −→u = −→v = 2Por lo tanto, se obtiene que:
−→u − −→u × 2−→v + 3−→v · 2−→v + 3−→u ×−→v + 9−→u = −368. Considere los vectores −→u = (1, 0, 2), −→v = (−2, 0, 3) y −→w = (2, 2, 2).
a) Si −→r = −→u x−→v , determine Proy−→r −→w.Respuesta:
−→r = −→u x−→v =e1 e2 e31 0 2
−2 0 3= (0, −7, 0)
Y como−→r
·−→w =
−14 y
−→r
2= 49, entonces
Proy−→r −→w = −→r ·−→w−→r 2 ·−→r = −14
49 (0,−7, 0) = (0, 2, 0)
b) Calcule el área del paralelogramo determinado por los vectores −→u y −→v .Respuesta:Área del paralelogramo = −→u x−→v = −→r = √ 49 = 7.
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c) Determine la medida del ángulo que forman los vectores −→w y −→r .Respuesta:Como −→w = √ 12 y −→r = 7, entonces, por la f órmula del coseno del ´ angulo se tiene que
cosθ = −→w ·−→r−→w · −→r= −14√ 12 ·7
= −1√ 3d) Calcule el vol úmen del paralelepı́pedo que determinan los vectores −→u , −→w y −→r .
Respuesta:Si A es la matriz con las −→r , −→u y −→w, i.e. si
A =−→w−→u−→r
=
2 2 21 0 2
0 −7 0El volúmen del paralelep ı́pedo de lados −→u , −→w y −→r es el valor absoluto del determinante de A. Y como, det( A) = 14, entonces concluimos que el vol úmen del paralelep ı́pedo es 14.
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6. Rectas y planos en Rn
1. En R 3 considere los puntos A = (1,−2, 3), B = (5, 3, 2) y C = (7,−1, 4).
a) Verique que estos puntos no son colineales (es decir, no pertenecen a la misma recta).
Respuesta:
Nótese que los tres puntos A, B y C no son colineales si los vectores −→ AB y −→BC no son paralelos.
Entonces,
−→ AB = B− A = (5, 3, 2) −(1,−2, 3) = (4, 5,−1)−→BC = C −B = (7,−1, 4) −(5, 3, 2) = (2,−4, 2)
−→ AB ·−→BC = (4, 5,−1) ·(2,−4, 2) = −14 < 0 entonces el ángulo es obtuso
−→ AB =
√ 42 + 52 + (−1)2 = √ 42
−→BC = √ 22 + 42 + 22 = √ 24Entonces, el ángulo entre los vectores est´ a determinado por,
cosθ =−→ AB ·−→BC−→ AB −→BC
= −14√ 42√ 24= −√ 7
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Como cosθ 1 y cosθ −1, entonces los vectores no son paralelos, y por tanto los puntos A,B y C no son colineales.
b) Escriba las ecuaciones escalares param´ etricas del plano P que contiene los puntos A, B y C.
Respuesta:Para determinar la ecuaci ón vectorial del plano P, se necesitan un punto perteneciente alplano y dos vectores que se encuentren dentro del plano y que no sean paralelos. Como lospuntos A, B y C están en el plano, entonces los vectores −→ AB y −−→ AC forman parte del plano y sepueden utilizar como vectores directores.
Entonces
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L1 : (x, y, z) = (3, 7,−1) + t(1, 2, 3) = A + tvL2 : (x, y, z) = (0, 1, 2) + t(3, 2, 1) = B + tw
Note que v y w no son vectores paralelos, por lo que las rectas L1 y L2 tampoco lo son.
Como el plano P contiene a L1, el vector v est á en el plano, junto con el punto A por dondepasa la recta. Adem ás como la recta L2 es paralela al plano P, el vector director w tiene lamisma direcci´on que el plano. Y como v y w no son paralelos, generan al plano P.
Por tanto, un vector ortogonal al plano P es el vector v ×w;
v ×w = (3, 2, 1) ×(1, 2, 3) =e1 e2 e33 2 11 2 3
= (4,−8, 4) = 4(1,−2, 1)
Podemos tomar al vector η = (1,
−2, 1) que es un vector normal al plano P. Y el punto A de L1
como un punto del plano P. La ecuaci ón normal del plano P está dada por:
X ·η = A ·η (x, y, z) ·(1,−2, 1) = (3, 7 −1) ·(1, −2, 1) x −2 y + z = 3 −14 −1 = −12La ecuación del plano P es entonces x −2 y + z = −12.
b) Determine la ecuaci ón de la recta L3 que es ortogonal a L1 y a L2 y corta a ambas rectas.
Respuesta:
De la parte a), el vector η = (1, −2, 1) es ortogonal tanto a L1 como a L2. Entonces L3 es la rectacon vector director (1 , −2, 1) y que pasa por los puntos ( x1, y1, z1) en L1 y (x2, y2, z2) en L2, talesque:
(x1, y1, z1) −(x2, y2, z2) = k (1, −2, 1)i.e. buscamos que el vector que va de ( x2, y2, z2) a (x1, y1, z1) sea paralelo al vector director(1, −2, 1) de L3. Lo anterior equivale a que existen s, t, k tales que:
(3, 7, −1)+ t(1, 2, 3)−(0, 1, 2)−s(3, 2, 1) = k (1,−2, 1) (3+ t−3s, 6+ 2t−2s,−3+ 3t−s) = (k ,−2k , k )58
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Que es equivalente a las ecuaciones,
3 + t −3s = k 6 + 2t −2s = −2k
−3 + 3t
−s = k
k −t + 3s = 3−2k −2t + 2s = 6k
−3t + s =
−3
Por tanto, para encontrar los valores de k , t, s resolvemos el sistema anterior,
1 −1 3 3−2 −2 2 61 −3 1 −3
2 f 1 + f 2
−→− f 1 + f 3
1 −1 3 30 −4 8 120 −2 −2 −6
14 f 2
−→−12 f 31 −1 3 30 1 −2 −30 1 1 3
− f 2 + f 3−→ f 2 + f 1
1 0 1 00 1 −2 −30 0 3 6
13 f 3
−→1 0 1 00 1 −2 −30 0 1 2
2 f 3 + f 2
−→− f 3 + f 1
1 0 0 −20 1 0 10 0 1 2
Entonces, k = −2, t = 1 y s = 2.El punto de L1 por donde pasa la recta L3 es (x1, y1, z1) = (3, 7,−1) + 1(1, 2, 3) = (4, 9, 2) y elpunto L2 por donde pasa la recta L3 es (x2, y2, z2) = (0, 1, 2) + 2(3, 2, 1) = (6, 5, 4). Entonces laecuaci ón de la recta L3 es