festival-rada.bafestival-rada.ba/ba/images/zadaci/zvanja_zenica.docx · Web viewAko napojni vod napaja samo motor (jedno trošilo), u kombinaciji uz sklopnik je postavljen i bimetalni

ZAJEDNICA TEHNIČKE KULTURE BiHUDRUŽENJE NASTAVNIKA I SARADNIKA

SREDNJIH TEHNIČKIH I STRUČNIH ŠKOLABOSNE I HERCEGOVINE

PRAKTIČAN RAD

ZAELEKTROTEHNIČARA ENERGETIKE

NA DESETOM FESTIVALU RADA SREDNJIH TEHNIČKIH I STRUČNIH ŠKOLA BOSNE I HERCEGOVINEZENICA 2018. GODINE

BROJ OSVOJENIH BODOVA:______________

KOMISIJA:1. __________________________________, PREDSJEDNIK2. __________________________________, ČLAN3. __________________________________, ČLAN

RADNI ZADATAK NA X FESTIVALU RADA SREDNJIH TEHNIČKIH I STRUČNIH ŠKOLA

ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR ENERGETIKE

Potrebno je izraditi električnu instalaciju za priključak trofaznog asinhronog motora sa kratkospojenim rotorom koji se nalazi u pilani za rezanje građe. Motor sa podacima kao na slici, udaljen je 28m od mjernog ormarića.

Tehnički podaci: Upotrijebiti PP vod za stalno polaganje, položen većim dijelom direktno na betonski zid

(na zidne obujmice - „C“ tip razvoda instalacije). Puštanje motora:

- Direktno u kategoriji AC3, kombinacija osigurači-kontaktor-bimetalni relej, spoj statora u trokut 3x400V.

Traži se: a) Presjek vodiča i tip napojnog voda?b) Proračun napojnog voda na dozvoljeni pad napona (4% za In i 6% za Ip)?c) Proračun napojnog voda na termičko opterećenje (tabelarno odrediti trajno dozvoljenu struju i provjeriti

potrebne uslove)?d) Odabir osigurača-sklopnika-bimetalnog releja u upuštaču (kombinaciji)?e) Na radnom listu uraditi „simulirano“ ožičenje glavnog i komandnog strujnog kruga kombinacije. Upisati: tip

napojnog voda, tip sklopnika-bimetalnog releja –osigurača...)?

NAPOMENA: Prije početka takmičenja komisija će utvrditi elemente ocjenjivanja.

Radni list za šemu glavnog-komandnog strujnog kruga i signalizaciju greške.

PRILOG: Tabele i katalog proizvođača sklopnika-bimetalnih releja



RJEŠENJE ZADATKA

ZAELEKTROTEHNIČARA ENERGETIKE




RJEŠENJE RADNOG ZADATKANA X FESTIVALU RADA SREDNJIH TEHNIČKIH I STRUČNIH ŠKOLA

ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR ENERGETIKE

a) Proračun presjeka vodiča napojnog voda motora

usvajamo: s=2,5mm2 (manji presjek je dozvoljen samo za strujne krugove rasvjete) odabiremo: vod PP-Y 5x2,5

b) Proračun napojnog voda na dozvoljeni pad napona:

1,08%<4% OK odabiremo: vod PP-Y 5x2,5

Pri pokretanju motora pad napona: up%=6,3x1,08=6,8% 6,8 < 6% NIJE ispunjen uslov,

odabiremo: vod PP-Y 5x4

0,68%<4% OK Pri pokretanju motora pad napona: up%=6,3x0,68=4,28% 4,28 < 6% OK Ispunjena oba uslova za pad napona,

usvajamo: vod PP-Y 5x4

c) Proračun napojnog voda na termičko opterećenje:

Određivanje trajno dozvoljenene struje kroz napojni vod iz tabele 2.3:

Očitavamo Itd=31A (za 4mm2Cu/ „C tip razvoda/trofazni vod-TRI žile opterećene-izolacija PVC)

USLOV: struja motora kroz odabrani presjek MORA BITI manja od trajno dozvoljene struje:15,5A<31A OK

d) Odabir osigurača: nazivna struja osigurača MORA BITI veća od struje motora u stalnom pogonu nazivna struja osigurača MORA BITI manja od trajno dozvoljene struje

Uslov tri struje: I < In.osig < Itd

15,5A< 16A; 20A; 25A<31A Ovako izabrani osigurači (3x16A, 3x20A ili 3x25A) štite napojni vod od struja kratkog spoja i

struja preopterećenja. Pri direktnom uklapanju asinhronog motora sa kaveznim rotorom potezna struja u prvih 5s

dostiže 6,3xIn. Zato izabrani osigurači moraju imati minimalno 50% veće vrijednosti od nazivne struje elektromotora da pri uklapanju ne bi bezpotrebno djelovali.

Odabir osigurača za elektromotor snage 7,5kW je dat na osnovu tabele 4.8:

tropolni automatski 3x32A tip C

Lijevi dio: OK 15,5 <ok 32 < 312

15,5 < 32 <? 31 Desni dio: NIJE ispunjen uslov v (da nazivna struja osigurača je manja od trajno dozvoljene struje)

Da bi ispunili uslov moramo povećati presjek napojnog voda:

I < In.osig < Itd 15,5A< 32A <40A (potpuno ispunjen uslov za PP-Y 5x6 mm2).

Ako napojni vod napaja samo motor (jedno trošilo), u kombinaciji uz sklopnik je postavljen i bimetalni relej koji štiti namote statora od preopterećenja, tada će bimetal, osim motora, štititi i napojni vod, pa presjek napojnog voda može ostati usklađen sa nazivnom strujom motora umjesto da se povećava i usklađuje sa nazivnom strujom osigurača.

U tom slučaju možemo usvojiti napojni vod PP-Y 5x4.

Manji presjek vodiča znači uštedu kojom se sigurno pokrivaju troškovi ugradnje bimetalnog releja.

Što se tiče pada napona na napojnom vodu PP-Y 5x2,5 dužine 28m vidjeli smo da u stalnom pogonu iznosi 1,08%<4% i to je OK, međutim pri pokretanju u prvih 5 sekundi up

%=6,3x1,08=6,8% što je iznad 6% koliko je propisom dozvoljeno. Slijedi da moramo usvojiti napojni vod PP-Y 5x4. Pri pokretanju motora pad napona: up

%=6,3x0,68=4,28% 4,28 < 6% OK Ispunjena oba uslova za pad napona,

Znači, za napojni vod motora usvajamo: vod PP-Y 5x4

Odabir sklopnika i bimetalnog releja:

Iz tabele 4.10 odabiremo: SKLOPNIK: LC1D 18 BIMETALNI RELEJ: LR2D 12-18A (naregulisati na 15.5A)

e) Radni list za šemu glavnog-komandnog strujnog kruga i signalizaciju greške.



PRAKTIČAN RAD

ZAELEKTROTEHNIČARA ELEKTRONIKE





ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR ELEKTRONIKE

1. Za Colpittsov oscilator sa slike odrediti frekvenciju oscilovanja i potrebnu vrijednost parametra h21E da bi se održale oscilacije u kolu.

Poznato je : RC = 5 kΩRE = 1,3 kΩ L =1 mHC = 2,5 pFCS → ∞RB >> h11E.

Parametri tranzistora su h11E=1 kΩ, h12E=0, h22E=0.

50 bodova

2. Za oscilator sa Wien-ovim mostom prikazan na slici odrediti uslov i frekvenciju oscilovanja.Elementi kola su R=R1=10 kΩ i C= 16 nF.

Upotrijebljeni operacioni pojačavač je idealan sa beskonačnim pojačanjem.

50 bodova



RJEŠENJE ZADATKA

ZAELEKTROTEHNIČARA ELEKTRONIKE





ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR ELEKTRONIKE

1. Za Colpittsov oscilator sa slike odrediti frekvenciju oscilovanja i potrebnu vrijednost parametra h21E da bi se održale oscilacije u kolu.

Poznato je : RC = 5 kΩRE = 1,3 kΩ L =1 mHC = 2,5 pFCS → ∞RB >> h11E.

Parametri tranzistora su h11E=1 kΩ, h12E=0, h22E=0.

50 bodovaRješenje:Zamjenom modela bipolarnog tranzistora za male snage u kolo naizmjenične struje dobije se kolo na slici:

20 bodova

Za kolo vrijedi sljedeći sistem jednačina

U1( jωC+ 1h11 E )+ (U 1−U2 )

jωL=0

h21 E I B+U 2( jωC+ 1RC )+ (U2−U1 )

jωL=0

I B=U 1

h11 E

15 bodova

Izjednačavanjem determinante datog sistema sa nulom mogu se naći frekvencija i uslov oscilovanja.Nakon razdvajanja realnog i imaginarnog dijela slijedi:

ω=√ 2LC

+ 1h11 E RC C2 =1,8 ∙108rad /s

5 bodova

h21 E ≥(1+h11 E

RC)[1+ L

h11 E RC C ]=97,17

5 bodova

Frekvencija na kojoj kolo sa slike osciluje iznosi f =28,8 MHz5 bodova

2. Za oscilator sa Wien-ovim mostom prikazan na slici odrediti uslov i frekvenciju oscilovanja.i Elementi kola su R=R1=10 kΩ i C= 16 nF.

Upotrijebljeni operacioni pojačavač je idealan sa beskonačnim pojačanjem.

50 bodova

Rješenje:Impedanse Z1 i Z2 date su izrazima

Z1=R

1+ jωCR i

Z2=1+ jωCR

jωC10 bodova , svaka jednačina po 5 bodova

Kolo sadrži i pozitivnu i negativnu povratnu spregu. Pozitivnu preko Z1 i Z2 i neinvertirajućeg ulaza OP-a, a negativnu preko djelitelja napona R1 i R2 i invertirajućeg ulaza OP-a.Kolo se analizira primjenom Barkhauzen-ovog uslova oscilovanja.Operacioni pojačavač i kolo negativne povratne sprege se posmatraju kao osnovni pojačavač čije pojačanje je :

A=U i

U−¿=1R1

R1+R2

=1+R2

R1¿

5 bodova

Koeficijent pozitivne povratne sprege B je

B=U+¿

U i=

Z1

Z1+Z2= 1

3+ jωCR+ 1jωCR

¿

5 bodova

I ima maksimum za ω0=1

RC , koji iznosi B=13 .

10 bodovaBarkhauzen-ov uslov oscilovanja glasi

A ∙ B=15 bodova

pa uvrštavanjem prethodnih izraza dobijemo

A ∙ B=(1+R2

R1)/3=1

5 bodovaodnosno

R2=2 R1

Odakle slijedi :ω0=6250 rad / s

R2=20 k Ω10 bodova



PRAKTIČAN RAD

ZAELEKTROTEHNIČARA RAČUNARSKE TEHNIKE I AUTOMATIKE




S QCLK

K R Q


ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR RAČUNARSKE TEHNIKE I AUTOMATIKE

a) Korišćenjem JK flip-flopova konstruisati sinhroni brojač koji prolazi kroz stanja 0-2-1-3-4-7-0.b) Analizirati zabranjena stanja i nacrtati dijagram stanja.

c) Ako se izlazi brojača konstruisanog pod a) povežu sa selekcionim ulazima multipleksera MUX8/1, kao što je prikazano na slici, nacrtati vremenske dijagrame signala na izlazima brojača Q2,Q1 i Q0, kao i signal na izlazu multipleksera Y, u prvih 7

perioda taktnog signala. Smatrati da je perioda taktnog signala tCLK = 100ns i da je početno stanje brojača 000. Kašnjenja kroz komponente zanemariti.

0 A01 A10 A21 A31 A40 A51 A60 A7

1 EN

SO

S1

S2

MUX 8/1

QO BIN. BROJAČQ1

Q2CLK CLK

J

Y



RJEŠENJE ZADATKA

ZAELEKTROTEHNIČARA RAČUNARSKE TEHNIKE I AUTOMATIKE





ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR RAČUNARSKE TEHNIKE I AUTOMATIKE

a) Pošto je u zadatku dat ciklus brojanja binarnog brojača, potrebno je napraviti tabelu koja sadrži sva stanja po datom redoslijedu, binarnu kombinaciju izlaza binarnog brojača za svako stanje (QnQn-1…Q0), uslove prijelaza (potrebnu kombinaciju na ulazima flip-flpa za generisanje slijedećeg stanja na izlazu), kao i slijedeću binarnu kombinaciju izlaza binarnog brojača ( Qn Qn-1 …Q0 ) (70b)

Za svako stanje, posmatramo vrijednost na izlazu flip-flopa kod trenutnog i slijedećeg stanja, pa na osnovu eksitacione tabele JK flip-flopa zapisujemo potrebne vrijednosti za konkretan slučaj prelaska iz trenutnog u naredno stanje. Npr. za stanje 0 : Q2=0 , Q2’=0, da bi se na izlazu Q2 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q2’

potrebno je na ulaz dovesti J2=0 i K2=X. Q1=0 , Q1’=1, da bi se na izlazu Q1 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q1’ potrebno je na ulaz dovesti J1=1 i K1=X. Q0=0 , Q0’=0, da bi se na izlazu Q0 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q0’ potrebno je na ulaz dovesti J0=0 i K0=X. Nakon čega je stanje na izlazu brojača posle prvog taktnog signala: 210 ili 0102.

Da bi se dobile funkcije ulaza, potrebno je za svaki ulaz (kolonu J2, K2, J1, K1, J0, K0) unijeti vrijednosti u Karnoovu tablicu odgovarajuće veličine i maksimalno minimizovati funkciju ulaza.

Na osnovu funkcija ulaza, šema izgleda ovako:

Kako se u zadatku ne traži mogućnost da se brojač postavi u određeno početno stanje (npr. setuje ili resetuje), nije neophodno crtati tu opciju ...Međutim, ako se iskoriste priključci za direktno setovanje i/ili resorovanje (S i R), kompletna šema za broojač bi bila kao na slici: (Napomena: Na S ( set ) se dovodi logička jedinica da bi set bio onemogućen, a na R (reset ) se dovodi kratkotrajan negativan impuls koji omogućava dovođenje brojača u odgovarajuće početno stanje – resetovano. Ovaj signal je označen ,,Start” (Logička nula je aktivno stanje! )).

b) Zabranjena stanja su ona koja se ne pojavljuju u normalnom režmu rada brojača, pa ih moramo posebno analizirati. Pravimo sličnu tabelu prethodnoj, s tim da je popunjavamo zabranjenim stanjima. (20b)

Na osnovu podataka o ponašanju brojača kada se nađe u svakom pojedinačnom stanju, crta se dijagram stanja.

Brojač se vraća u normalan tok nakon najviše jedne ivice signala takta.

c) Stanje brojača određuje koji će se od signala propustiti na izlaz multipleksera (pošto su na selekcione ulaze dovedeni izlazi flip-flopova koji odgovaraju po težini S2=Q2, S1=Q1, S0=Q0 ). Na CLK ulazu flip-flopa je kružić, što označava da flip-flop reaguje na silaznu ivicu taktnog signala. Početno stanje je 000 i kašnjenje komponenti se po postavci zadatka zanemaruju. (10b)

Y je na logičkoj jedinici samo u slučaju kad brojač prolazi kroz stanja 1, 3 i 4 , dok je u ostalim nula.



PRAKTIČAN RAD

ZATEHNIČARA MEHATRONIKE





ZENICA 2018TEHNIČAR MEHATRONIKE

Kretanje cilindara 1A, 2A i 3A definisano je dijagramom put korak. Cilindar 1A je dvoradni sa bistabilnim glavnim upravljačkim razvodnikom, 2A jednoradni cilindar, 3A dvoradni cilindar sa monostabilnim glavnim upravljačkim razvodnikom. Nakon 8. koraka potrebo je cijeli postupak sa zadanog dijagrama put korak ponoviti još tri puta bez pritiskanja tastera Start.Na osnovu dijagrama put korak i teksta zadatka potrebno je:

• Nacrtati pneumatsku i električnu šemu upravljanja• Označiti komponente te specificirati elemente • Nacrtati šemu upravljanja (FBD ili GRAFCET ili relejno kontaktnom logikom ili

LD)• Ispitati šemu na računaru s odgovarajućim programom • Na osnovu dijagrama put korak napisati alfanumerički zapis.



RJEŠENJE ZADATKA

ZATEHNIČARA MEHATRONIKE





ZENICA 2018TEHNIČAR MEHATRONIKE

( Relejno kontaktna logika)

Pneumatska šema:(10 bodova)

Alfanumerički zapis: (1A+ 2A+(10s) 2A- 3A+(5s) 3A-) x 3 (5 bodova) 1A-

Upravljačka šema: ( 85 bodova)

(FBD – Digitalna tehnika)

Pneumatska šema:( 10 bodova)

Alfanumerički zapis: (1A+ 2A+(10s) 2A- 3A+(5s) 3A-) x 3 (5 bodova) 1A-Električna šema: (5 bodova)

Digitalni modul: ( 80 bodova)

GRAFCET

Pneumatska šema: (10 bodova)

Alfanumerički zapis: (1A+ 2A+(10s) 2A- 3A+(5s) 3A-) x 3 (5 bodova) 1A-Električna šema: (5 bodova)

Grafcet dijagram: (80 bodova)



PRAKTIČAN RAD

ZAELEKTROTEHNIČARA TELEKOMUNIKACIJA





ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR TELEKOMUNIKACIJA

ZADATAK 1. (30 bodova)

STATIČKI REŽIM RADA POJAČAVAČA

Izlazna statička karakteristika tranzistora BC107 je prikazana na slici 1. Na istoj slici je prikazan i položaj radne tačke Q u kojoj treba da radi taj tranzistor, iskorišten u NF pojačavaču u spoju zajednički emitor, sa slike 2.

Slika 1. Izlazna statička karakteristika tranzistora BC 107

a) Usvojiti vrijednosti za struje ICQ,, IBQ i napon UCEQ, a za napon UBEQ=0,7V.b) Izračunati vrijednosti otpora RC tako da pojačavač radi u izabranoj radnoj tački uzimajući da je pad napon na

otporniku RE približno jednak 20% od napona napajanja, koji iznosi UCC=10 V (URE≈0,2UCC).c) Izračunati vrijednosti otpora RE usvajajući da je IE≈IC.d) Izračunati vrijednosti otpora RB1 usvajajući da je struja I (označena na slici 2.) približno 10 puta veća od struje

baze IB (I≈10IB).e) Izračunati vrijednosti otpora RB2 usvajajući da je struja I (označena na slici 2.) približno 10 puta veća od struje

baze IB (I≈10IB).f) Po završetku proračunu ucrtati na priloženoj karakteristici sa slike 1. radnu pravu NF pojačavača SZE.

Slika 2. NF pojačavač u spoju zajednički emitor


DINAMIČKI REŽIM RADA DVOSTEPENOG POJAČAVAČA

Slika 3. Dvostepeni RC - pojačavač Dvostepeni RC- pojačavač sa slike 3. radi na srednjim frekvencijama. Brojčane vrijednosti elemenata su poznate, a parametri oba tranzistora su jednaki i iznose: h11=1,28 kΩ, h12=4·10-4, h21=β=200 i h22=40μS.

a) Nacrtati ekvivalentnu šemu za naizmjenični signal na srednjim frekvencijama zanemarivanje parametra h12,b) Odrediti ulazni otpor pojačavača Ri , c) Odrediti izlazni otpor prvog R01 i drugog R02 stepena pojačavača,d) Odrediti naponsko pojačanje prvog AU1 i drugog AU2 stepena kao i ukupno kaskadno pojačanje napona AU te

ga izraziti u dB,e) Odrediti pojačanje struje pojačavača AI te ga izraziti u dB,f) Odrediti pojačanje snage pojačavača AP te ga izraziti u dB,g) Odrediti veličinu izlaznog signala U0, ako je poznata vrijednost ulazni signal od Ui=25μV,h) Odredi kapacitet kondenzatora CE ako je minimalna frekvencija pojačavača 80Hz, a kapacitansa kondenzatora

10 puta manja od vrijednosti RE?


SUPERHETERODINI AM RADIO-PRIJEMNIK

Slika 4. Blok šema superheterodinog AM radio-prijemnika

a) Na blok šemi superheterodinog AM radio-prijemnika upisati nazive blokove,b) Usvojiti vrijednost međufrekvencije fm za AM radio-difuzne prijemnike,c) Ako je vrijednost noseće frekvencije radio-predajnika fs=12000 kHz izračunati frekvenciju lokalnog

oscilatora f0 radio-prijemnika podešenog na tu frekvenciju,d) Izračunati vrijednost frekvencije simetričnog signala ako je frekvencija nosioca stanice koju želimo primati

12040 kHz,e) U kojem dijelu radio-prijemnika se ostvaruje selektivnost za signale udaljenih radio-predajnika (po

frekventnoj osi),f) U kojem dijelu radio-prijemnika se ostvaruje selektivnost za signale susjednih radio-predajnika,g) Kolika je širina spektra AM redio-difuznih signala?



RJEŠENJE ZADATKA

ZAELEKTROTEHNIČARA TELEKOMUNIKACIJA





ZENICA 2018ELEKTROTEHNIČAR TELEKOMUNIKACIJA

ZADATAK 1 (30 bodova)

STATIČKI REŽIM RADA POJAČAVAČA

Slika NF pojačavača u spoju zajednički emitor

a) Usvojiti vrijednosti za struje ICQ,, IBQ i napon UCEQ, a za napon UBEQ=0,7V.

5 bodova

b) Izračunati vrijednosti otpora RC tako da pojačavač radi u izabranoj radnoj tački uzimajući da je pad napon na otporniku RE približno jednak 20% od napona napajanja, koji iznosi UCC=10 V (URE≈0,2UCC)

Zatvaranjem konture u izlaznom kolu:

-UCC+ICQRC+UCEQ+URE=0 iz čega slijedi: RC=

0,8 UCC−U CEQ

ICQ=800Ω

c) Izračunati vrijednosti otpora RE usvajajući da je IE≈IC

URE=IEQRE pa je: RE=

0,2U CC

I CQ=400Ω

d) Izračunati vrijednosti otpora RB1 usvajajući da je struja I (označena na slici 2.) približno 10 puta veća od struje baze IB (I≈10IB)

Zatvaranjem konture u ulaznom kolu preko RB1:

-UCC+IRB1+UBEQ+URE=0 iz čega slijedi: RB 1=

0,8UCC+U BEQ

10⋅I BQ=58000Ω=58k Ω

e) Izračunati vrijednosti otpora RB2 usvajajući da je struja I (označena na slici 2.) približno 10 puta veća od struje baze IB (I≈10IB).

Zatvaranjem konture u ulaznom kolu preko RB2:

-IRB2+UBEQ+URE=0 iz čega slijedi: RB 2=

0,2 UCC+UBEQ

10⋅I BQ=6000Ω=6 k Ω

f) Po završetku proračunu ucrtati na priloženoj karakteristici sa slike 1. radnu pravu NF pojačavača SZE.

Krajnje tačku na naponskoj osi je UCC=10V, pa je radna prava kao na slici:

5 bodova

5 bodova

5 bodova

5 bodova

5 bodova


DINAMIČKI REŽIM RADA DVOSTEPENOG POJAČAVAČA

Slika 3. Dvostepeni RC - pojačavač

a) Nacrtati ekvivalentnu šemu za naizmjenični signal na srednjim frekvencijama zanemarivanje parametra h12,

Ekvivalentna ili nadomjesna šema na srednjim frekvencijama dobije se na osnovu sljedećih kriterija: Kapacitete velike vrijednosti smatramo kratkim spojem, a parazitne prekidom strujnog kola. Izvore istosmjerne struje u dinamičkom režimu, također, smatramo kratkim spojem.Povratni parametar zanemarujemo zbog vrlo male vrijednosti.

b) Odrediti ulazni otpor pojačavača Ri

Ulazni otpor je prema nadomjesnoj šemi paralelna veza otpora RB 1‖RB 2‖h11 .

Ekvivalentni otpor baze je: RB 12=

RB 1 .RB 2

RB 1 .RB 2=3 ,58 k Ω

,

a ukupni ulazni otpor je: Ri=

RB12 .h11

RB 12+h11=0 , 921k Ω

c) Odrediti izlazni otpor prvog R01 i drugog R02 stepena pojačavača,

Izlazni otpor prvog stepena je prema ekvivalentnoj šemi, paralelna veza izlaznog otpora prvog tranzistora ro , otpora

kolektoraRC , ekvivalentnog otpora bazeRB 12 i ulaznog otpora drugog tranzistora h11.

Izlazni otpor prvog tranzistora je: ro=

1h22

= 140. 10−6 S

=25 k Ω

10 bodova

5 bodova

Zbog toga što je ro mnogo veći od ostalih otpora u paralelnoj vezi, može se zanemariti, pa dobijemo da je izlazni

otpor prvog stepena: R01=RC‖RB 12‖h11=0 ,649 k Ω .

Izlazni otpor drugog stepena je paralelna veza otpora kolektora i otpora opterećenja

RO2=

RC . RL

RC+RL= 2,2kΩ . 10 k Ω

2,2k Ω+10 k Ω=1 ,80 k Ω

d) Odrediti naponsko pojačanje prvog AU1 i drugog AU2 stepena kao i ukupno kaskadno pojačanje napona AU te ga izraziti u dB,

Pojačanje napona u prvom stepenu je:

AU 1=

U o 1

U i1=−

βIb 1 RO1

I b 1 .h11=−

β . RO1

h11=−200 .0 ,649 k Ω

1 , 28 k Ω=−101 , 41

Pojačanje napona drugog stepena je:

AU 2=

UO 2

U i2=−

β . I b2 . RO 2

Ib2 .h11=−

β .RO 2

h11=−200 .1 , 80 k Ω

1 ,28 k Ω=−281, 25

Pojačanje napona kaskadne sprege je: AU=AU 1 . AU 2=−101 ,41 .(−281 ,25)=28521 ,56 Pojačanje napona izraženo u dB je:

AUdB=20. log AU=20 . log 28521 ,56=20 . 4 , 455=89 ,1 dB

e) Odrediti pojačanje struje pojačavača AI te ga izraziti u dB

Pojačanje struje je:

Ai=I o

Ii=

Uo

RL

U i

hie

=Auh11

RL=28521 ,56 1 ,28 kΩ

10 kΩ=3650, 76

Pojačanje struje u dB je: AidB=20 log A i=20. log 3650 ,76=20 . 3 ,56=71 ,2dB f) Odrediti pojačanje snage pojačavača AP te ga izraziti u dB,

Pojačanje snage je: AP=Au . Ai=28521 ,56 . 3650 ,76=104125370 , 4 Pojačanje snage u dB je: APdB=10 log 104125370 ,4=10.8 , 0176=80 ,176 dB

g) Odrediti veličinu izlaznog signala U0, ako je poznata vrijednost ulazni signal od Ui=25μV,

Izlazni napon dobijemo iz ukupnog pojačanja napona kaskadne sprege i veličine ulaznog signala: Uo=Au .U i=28521 ,56 .25 μV=0 ,713 V

h) Odredi kapacitet kondenzatora CE ako je minimalna frekvencija pojačavača 80Hz, a kapacitansa kondenzatora 10 puta manja od vrijednosti RE?

Kapacitet CE određujemo iz uslova da kapacitansa kondenzatora XC bude bar deset puta manja od otpora RE , tako da kondenzator i pri minimalnoj frekvenciji «kratko» prespoji otpor RE i time spriječi povratnu spregu istosmjerne struje XC=RE/10). Iz ovog slova onda slijedi:

CE=10

2 πRE f min=10

2 . 3 ,14 . 80 Hz . 1k Ω=19 ,9 μF

5 bodova

8 bodova

3 bodova

3 bodova

3 bodova

3 bodova


SUPERHETERODINI AM RADIO-PRIJEMNIK

a) Na blok šemi superheterodinog AM radio-prijemnika upisati nazive blokova

b)b)

Usvojiti vrijednost međufrekvencije fm za AM radio-difuzne prijemnikefm=455 kHz (450-470 kHz je prihvatljivo)

c) Ako je vrijednost noseće frekvencije radio-predajnika fs=12000 kHz izračunati frekvenciju lokalnog oscilatora f0 radio-prijemnika podešenog na tu frekvenciju

fm=f0-fs pa je f0=fm+fs=12455 kHz

d) Izračunati vrijednost frekvencije simetričnog signala ako je frekvencija nosioca stanice koju želimo primati 12040 kHz

fss=fs-2fm=12950 kHz

e) U kojem dijelu radio-prijemnika se ostvaruje selektivnost za signale udaljenih radio-predajnika (po frekventnoj osi)

Ulazno kolo

f) U kojem dijelu radio-prijemnika se ostvaruje selektivnost za signale susjednih radio-predajnikaMeđufrekventni pojačavač

g) Kolika je širina spektra AM redio-difuznih signala?B=9 kHz

6 bodova

5 bodova

5 bodova

5 bodova

3 bodova

3 bodova

3 bodova



PRAKTIČAN RAD

ZATEHNIČARA RAČUNARSTVA




S QCLK

K R Q


ZENICA 2018TEHNIČAR RAČUNARSTVA

a) Korišćenjem JK flip-flopova konstruisati sinhroni brojač koji prolazi kroz stanja 0-2-1-3-4-7-0.b) Analizirati zabranjena stanja i nacrtati dijagram stanja.

c) Ako se izlazi brojača konstruisanog pod a) povežu sa selekcionim ulazima multipleksera MUX8/1, kao što je prikazano na slici, nacrtati vremenske dijagrame signala na izlazima brojača Q2,Q1 i Q0, kao i signal na izlazu multipleksera Y, u prvih 7

perioda taktnog signala. Smatrati da je perioda taktnog signala tCLK = 100ns i da je početno stanje brojača 000. Kašnjenja kroz komponente zanemariti.

0 A01 A10 A21 A31 A40 A51 A60 A7

1 EN

SO

S1

S2

MUX 8/1

QO BIN. BROJAČQ1

Q2CLK CLK

J

Y



RJEŠENJE ZADATKA

ZATEHNIČARA RAČUNARSTVA





ZENICA 2018TEHNIČAR RAČUNARSTVA

a) Pošto je u zadatku dat ciklus brojanja binarnog brojača, potrebno je napraviti tabelu koja sadrži sva stanja po datom redoslijedu, binarnu kombinaciju izlaza binarnog brojača za svako stanje (QnQn-1…Q0), uslove prijelaza (potrebnu kombinaciju na ulazima flip-flpa za generisanje slijedećeg stanja na izlazu), kao i slijedeću binarnu kombinaciju izlaza binarnog brojača ( Qn Qn-1 …Q0 ) (70b)

Za svako stanje, posmatramo vrijednost na izlazu flip-flopa kod trenutnog i slijedećeg stanja, pa na osnovu eksitacione tabele JK flip-flopa zapisujemo potrebne vrijednosti za konkretan slučaj prelaska iz trenutnog u naredno stanje. Npr. za stanje 0 : Q2=0 , Q2’=0, da bi se na izlazu Q2 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q2’

potrebno je na ulaz dovesti J2=0 i K2=X. Q1=0 , Q1’=1, da bi se na izlazu Q1 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q1’ potrebno je na ulaz dovesti J1=1 i K1=X. Q0=0 , Q0’=0, da bi se na izlazu Q0 pri nailasku taktnog signala vrijednost promijenila u Q0’ potrebno je na ulaz dovesti J0=0 i K0=X. Nakon čega je stanje na izlazu brojača posle prvog taktnog signala: 210 ili 0102.

Da bi se dobile funkcije ulaza, potrebno je za svaki ulaz (kolonu J2, K2, J1, K1, J0, K0) unijeti vrijednosti u Karnoovu tablicu odgovarajuće veličine i maksimalno minimizovati funkciju ulaza.

Na osnovu funkcija ulaza, šema izgleda ovako:

Kako se u zadatku ne traži mogućnost da se brojač postavi u određeno početno stanje (npr. setuje ili resetuje), nije neophodno crtati tu opciju ...Međutim, ako se iskoriste priključci za direktno setovanje i/ili resorovanje (S i R), kompletna šema za broojač bi bila kao na slici: (Napomena: Na S ( set ) se dovodi logička jedinica da bi set bio onemogućen, a na R (reset ) se dovodi kratkotrajan negativan impuls koji omogućava dovođenje brojača u odgovarajuće početno stanje – resetovano. Ovaj signal je označen ,,Start” (Logička nula je aktivno stanje! )).

b) Zabranjena stanja su ona koja se ne pojavljuju u normalnom režmu rada brojača, pa ih moramo posebno analizirati. Pravimo sličnu tabelu prethodnoj, s tim da je popunjavamo zabranjenim stanjima. (20b)

Na osnovu podataka o ponašanju brojača kada se nađe u svakom pojedinačnom stanju, crta se dijagram stanja.

Brojač se vraća u normalan tok nakon najviše jedne ivice signala takta.

c) Stanje brojača određuje koji će se od signala propustiti na izlaz multipleksera (pošto su na selekcione ulaze dovedeni izlazi flip-flopova koji odgovaraju po težini S2=Q2, S1=Q1, S0=Q0 ). Na CLK ulazu flip-flopa je kružić, što označava da flip-flop reaguje na silaznu ivicu taktnog signala. Početno stanje je 000 i kašnjenje komponenti se po postavci zadatka zanemaruju. (10b)

Y je na logičkoj jedinici samo u slučaju kad brojač prolazi kroz stanja 1, 3 i 4 , dok je u ostalim nula.



PRAKTIČAN RAD

ZAMAŠINSKOG TEHNIČARA – OPĆI SMJER





ZENICA 2018MAŠINSKI TEHNIČAR – OPĆI SMJER

Multiplikator prikazan na slici ima jedno ulazno(II) i dva izlazna vratila (I i III). Potrebno je:

a) Odredit brojeve obrtaja na izlaznim spojnicama (n1 i n3) kao i snagu (P2) i obrtni moment (Mo2) na ulaznoj spojnici; 22 boda

b) Izvršiti analizu sila na zupčanicima, odrediti intenzitete svih aktivnih sila koje napadaju vratila ovog prenosnika i prikazati šeme opterećenja vratila I, II i III; 39 bodova

c) Prikazati šemu opterećenja za izlazno vratilo III, izračunati veličine potrebne za prikazivanje dijagrama momenta uvijanja i savijanja i prikazati ih, 32 boda

d) Izračunati prečnik vratila na mjestu zupčanika 3, pod uslovom da se veza vratilo-zupčanik ostvaruje pomoću klina. 7 bodova



RJEŠENJE ZADATKA

ZAMAŠINSKOG TEHNIČARA – OPĆI SMJER





ZENICA 2018MAŠINSKI TEHNIČAR – OPĆI SMJER



PRAKTIČAN RAD

ZAMAŠINSKOG TEHNIČARA ZA KOMPJUTERSKO PROJEKTOVANJE





ZENICA 2018MAŠINSKI TEHNIČAR ZA KOMPJUTERSKO PROJEKTOVANJE

Na računaru/laptopu koristeći software po vlastitom izboru uraditi model i radionički crtež prema crtežu u prilogu.



RJEŠENJE ZADATKA

ZAMAŠINSKOG TEHNIČARA ZA KOMPJUTERSKO PROJEKTOVANJE





ZENICA 2018MAŠINSKI TEHNIČAR ZA KOMPJUTERSKO PROJEKTOVANJE

Napomena za komisiju: Boduju se samo označene kote na radioničkom crtežu

Kota Broj bodova

Ostvareni bodovi

D1 4D2 4D3 4D4 4D5 4D6 4D7 4D8 4D9 4D10 4D11 4D12 4D13 4D14 4D15 4D16 4D17 4D18 4D19 4Presjek A-A 5Presjek B-B 5Zaglavlje popunjeno

5

Oznake kvaliteta obrade

4

Nacrt 5UKUPNO 100

festival-rada.bafestival-rada.ba/ba/images/zadaci/zvanja_zenica.docx · Web viewAko napojni vod napaja samo motor (jedno trošilo), u kombinaciji uz sklopnik je postavljen i bimetalni

Documents